（天津?qū)Ｓ茫?020屆高考物理一輪復(fù)習(xí) 考點規(guī)范練45 磁場的描述 磁場對電流的作用（含解析）新人教版

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1、考點規(guī)范練45　磁場的描述　磁場對電流的作用 一、單項選擇題 1.(2018·河南鄭州質(zhì)量預(yù)測)目前世界上輸送功率最大的直流輸電工程——哈(密)鄭(州)特高壓直流輸電工程已正式投運。高壓直流輸電具有無感抗、無容抗、無同步問題等優(yōu)點。已知某段直流輸電線長度l=200 m,通有從西向東I=4 000 A的恒定電流,該處地磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度B=5×10-5 T,磁傾角(磁感線與水平面的夾角)為5°(sin 5°≈0.1)。則該段導(dǎo)線所受安培力的大小和方向為(　　) A.40 N,向北與水平面成85°角斜向上方 B.4 N,向北與水平面成85°角斜向上方 C.4 N,向南與水平面成5°角斜向下

2、方 D.40 N,向南與水平面成5°角斜向下方 2.(2017·全國Ⅲ卷)如圖,在磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B0的勻強(qiáng)磁場中,兩長直導(dǎo)線P和Q垂直于紙面固定放置,兩者之間的距離為l。在兩導(dǎo)線中均通有方向垂直于紙面向里的電流I時,紙面內(nèi)與兩導(dǎo)線距離均為l的a點處的磁感應(yīng)強(qiáng)度為零。如果讓P中的電流反向、其他條件不變,則a點處磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小為(　　) A.0 B.33B0 C.233B0 D.2B0 3.如圖所示,兩平行的粗糙金屬導(dǎo)軌水平固定在勻強(qiáng)磁場中,磁感應(yīng)強(qiáng)度為B,導(dǎo)軌寬度為l,一端與電源連接。一質(zhì)量為m的金屬棒ab垂直于平行導(dǎo)軌放置并接觸良好,金屬棒與導(dǎo)軌間的動摩擦因數(shù)為μ=33,在安培

3、力的作用下,金屬棒以v0的速度向右勻速運動,通過改變磁感應(yīng)強(qiáng)度的方向,可使流過導(dǎo)體棒的電流最小,此時磁感應(yīng)強(qiáng)度的方向與豎直方向的夾角為(　　) A.37° B.30° C.45° D.60° 4.一直導(dǎo)線平行于通電螺線管的軸線放置在螺線管的上方,如圖所示,如果直導(dǎo)線可以自由地運動且通以由a到b的電流,則關(guān)于導(dǎo)線ab受磁場力后的運動情況,下列說法正確的是(　　) A.從上向下看順時針轉(zhuǎn)動并靠近螺線管 B.從上向下看順時針轉(zhuǎn)動并遠(yuǎn)離螺線管 C.從上向下看逆時針轉(zhuǎn)動并遠(yuǎn)離螺線管 D.從上向下看逆時針轉(zhuǎn)動并靠近螺線管 二、多項選擇題 5.質(zhì)量為m的金屬細(xì)桿置于傾角為θ的導(dǎo)軌上,

4、導(dǎo)軌的寬度為d,桿與導(dǎo)軌間的動摩擦因數(shù)為μ,有電流通過桿,桿恰好靜止于導(dǎo)軌上,在如圖所示的A、B、C、D四個圖中,桿與導(dǎo)軌間的摩擦力一定不為零的是(　　) 6.光滑平行導(dǎo)軌水平放置,導(dǎo)軌左端通過開關(guān)S與內(nèi)阻不計、電動勢為E的電源相連,右端與半徑為l=20 cm的兩段光滑圓弧導(dǎo)軌相接,一根質(zhì)量m=60 g、電阻R=1 Ω、長為l的導(dǎo)體棒ab,用長也為l的絕緣細(xì)線懸掛,如圖所示,系統(tǒng)空間有豎直方向的勻強(qiáng)磁場,磁感應(yīng)強(qiáng)度B=0.5 T,當(dāng)閉合開關(guān)S后,導(dǎo)體棒沿圓弧擺動,擺到最大高度時,細(xì)線與豎直方向成θ=53°,擺動過程中導(dǎo)體棒始終與導(dǎo)軌接觸良好且細(xì)線處于張緊狀態(tài)(不考慮導(dǎo)體棒切割的影響),導(dǎo)

5、軌電阻不計,sin 53°=0.8,g取10 m/s2則(　　) A.磁場方向一定豎直向下 B.電源電動勢E=3.0 V C.導(dǎo)體棒在擺動過程中所受安培力F=3 N D.導(dǎo)體棒在擺動過程中電源提供的電能為0.048 J 三、非選擇題 7.(2017·天津卷)電磁軌道炮利用電流和磁場的作用使炮彈獲得超高速度,其原理可用來研制新武器和航天運載器。電磁軌道炮示意如圖,圖中直流電源電動勢為E,電容器的電容為C。兩根固定于水平面內(nèi)的光滑平行金屬導(dǎo)軌間距為l,電阻不計。炮彈可視為一質(zhì)量為m、電阻為R的金屬棒MN,垂直放在兩導(dǎo)軌間處于靜止?fàn)顟B(tài),并與導(dǎo)軌良好接觸。首先開關(guān)S接1,使電容器完全充

6、電。然后將S接至2,導(dǎo)軌間存在垂直于導(dǎo)軌平面、磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B的勻強(qiáng)磁場(圖中未畫出),MN開始向右加速運動。當(dāng)MN上的感應(yīng)電動勢與電容器兩極板間的電壓相等時,回路中電流為零,MN達(dá)到最大速度,之后離開導(dǎo)軌。問: (1)磁場的方向; (2)MN剛開始運動時加速度a的大小; (3)MN離開導(dǎo)軌后電容器上剩余的電荷量Q是多少。 考點規(guī)范練45　磁場的描述　磁場對電流的作用 1.A　解析地磁場方向與電流方向垂直,由安培力F=BIl=40N,B、C項錯誤;由左手定則可知,電線所受安培力方向向北與水平面成85°角斜向上方,A項正確,D項錯誤。 2.C　解析設(shè)導(dǎo)線P和Q在a點處產(chǎn)生磁

7、場的磁感應(yīng)強(qiáng)度B1、B2的大小為B,如圖甲所示,兩磁感應(yīng)強(qiáng)度的夾角為60°,可知合磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為3B,方向水平向右,所以勻強(qiáng)磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度B0=3B,方向水平向左;P中的電流反向后,導(dǎo)線P和Q在a點處產(chǎn)生磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度B1'、B2'如圖乙所示,各自大小仍為B,夾角為120°,則其合磁感應(yīng)強(qiáng)度大小仍為B,方向豎直向上,與原勻強(qiáng)磁場B0合成后,總的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B總=233B0,C正確。 3.B　解析由題意對棒受力分析,設(shè)磁感應(yīng)強(qiáng)度的方向與豎直方向成θ角,則有BIlcosθ=μ(mg-BIlsinθ),整理得BIl=μmgcosθ+μsinθ,電流最小時,安培力最小,由數(shù)學(xué)知識解得θ

8、=30°,B正確。 4.D　解析由安培定則可判定通電螺線管產(chǎn)生的磁場方向,導(dǎo)線等效為Oa、Ob兩電流元,由左手定則可判定兩電流元所受安培力的方向,如圖所示,所以從上向下看導(dǎo)線逆時針轉(zhuǎn)動,當(dāng)轉(zhuǎn)過90°時再用左手定則可判定導(dǎo)線所受磁場力向下,即導(dǎo)線在逆時針轉(zhuǎn)動的同時還要靠近螺線管,選項D正確。 5.CD　解析選項A中,通電細(xì)桿可能受重力、安培力、導(dǎo)軌的彈力作用處于靜止?fàn)顟B(tài),如圖甲所示,所以桿與導(dǎo)軌間的摩擦力可能為零。當(dāng)安培力變大或變小時,細(xì)桿有上滑或下滑的趨勢,于是有靜摩擦力產(chǎn)生。 選項B中,通電細(xì)桿可能受重力、安培力作用處于靜止?fàn)顟B(tài),如圖乙所示,所以桿與導(dǎo)軌間的摩擦力可能為零。

9、當(dāng)安培力減小時,細(xì)桿還受到導(dǎo)軌的彈力和沿導(dǎo)軌向上的靜摩擦力,也可能處于靜止?fàn)顟B(tài)。 選項C和D中,通電細(xì)桿受重力、安培力、導(dǎo)軌彈力作用具有下滑趨勢,故一定受到沿導(dǎo)軌向上的靜摩擦力,如圖丙、丁所示,所以桿與導(dǎo)軌間的摩擦力一定不為零。故答案為C、D。 6.AB　解析導(dǎo)體棒向右沿圓弧擺動,說明受到向右的安培力,由左手定則知該磁場方向一定豎直向下,選項A正確;導(dǎo)體棒擺動過程中只有安培力和重力做功,由動能定理知BIl·lsinθ-mgl(1-cosθ)=0,代入數(shù)值得導(dǎo)體棒中的電流為I=3A,由E=IR得電源電動勢E=3.0V,選項B正確;由F=BIl得導(dǎo)體棒在擺動過程中所受安培力F=0.3N,選

10、項C錯誤;由能量守恒定律知電源提供的電能W等于電路中產(chǎn)生的焦耳熱Q和導(dǎo)體棒重力勢能的增加量ΔE的和,即W=Q+ΔE,而ΔE=mgl(1-cosθ)=0.048J,所以W>0.048J,選項D錯誤。 7.解析(1)由題意可知,MN所受安培力可以使其水平向右運動,故安培力方向為水平向右,而MN中的電流方向為從M到N,因此,根據(jù)左手定則可判斷磁場方向為垂直于導(dǎo)軌平面向下。 (2)電容器完全充電后,兩極板間電壓為E,當(dāng)開關(guān)S接2時,電容器放電,設(shè)剛放電時流經(jīng)MN的電流為I,有 I=ER① 設(shè)MN受到的安培力為F,有 F=IlB② 由牛頓第二定律,有 F=ma③ 聯(lián)立①②③式得 a=BlEmR④ (3)當(dāng)電容器充電完畢時,設(shè)電容器上電荷量為Q0,有 Q0=CE⑤ 開關(guān)S接2后,MN開始向右加速運動,速度達(dá)到最大值vmax時,設(shè)MN上的感應(yīng)電動勢為E',有 E'=Blvmax⑥ 依題意有 E'=QC⑦ 設(shè)在此過程中MN的平均電流為I,MN上受到的平均安培力為F,有 F=IlB⑧ 由動量定理,有 FΔt=mvmax-0⑨ 又IΔt=Q0-Q⑩ 聯(lián)立⑤⑥⑦⑧⑨⑩式得 Q=B2l2C2Em+B2l2C。 答案(1)垂直于導(dǎo)軌平面向下 (2)BlEmR　(3)B2l2C2Em+B2l2C 5