2022年高二物理上學期期末復習備考黃金30題 專題03 小題好拿分（提升版30題）

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1、2022年高二物理上學期期末復習備考黃金30題 專題03 小題好拿分（提升版，30題） 一、單選題 1．如圖所示，在一真空區(qū)域中，AB、CD是圓O的兩條直徑，在A、B兩點上各放置電荷量為＋Q和－Q的點電荷，設C、D兩點的電場強度分別為EC、ED，電勢分別為、，下列說法正確的是 （ ） A. EC與ED相同， 與相等 B. EC與ED不相同， 與相等 C. EC與ED相同， 與不相等 D. EC與ED不相同， 與不相等 2．如圖，平行板電容器兩極板的間距為d，極板與水平面成45°角，上極板帶正電。兩極板電場強度為E0.一電荷量為q（q＞0）的粒子在電容器中靠近下極

2、板處。以某一初動能豎直向上射出。不計重力，極板尺寸足夠大。若粒子能打到上極板，則粒子的初動能的最小值為（ ） A. E0qd B. E0qd C. 2E0qd D. 4E0qd 3．如圖所示，a、b、c是一條電場線上的三個點，電場線的方向由a到c，a、b間的距離等于b、c間的距離.用φa、φb、φc和Ea、Eb、Ec分別表示a、b、c三點的電勢和電場強度，可以斷定正確的是( ) A. φa＞φb＞φc B. Ea＞Eb＞Ec C. φc－φb=φb－φa D. Ea=Eb=Ec 4．如圖所示，兩個帶電小球，A的電荷量大于B的電荷量，可以

3、肯定（ ） A. 兩球一定都帶正電 B. 兩球一定都帶負電 C. A受到的靜電力小于B受到的靜電力 D. A、B受到的靜電力大小相等 5．兩個可自由移動的點電荷，分別放在A、B兩處，如圖所示，A處電荷帶負電Q1，B處電荷帶正電Q2，且Q2＝4Q1，另取一個可以自由移動的點電荷Q3放在A、B直線上，欲使Q1、Q2、Q3三者均處于平衡狀態(tài)，則（ ） A. Q3為負電荷，且放于A的左方 B. Q3為負電荷，且放于B右方 C. Q3為正電荷，且放于A左方 D. Q3為正電荷，且放于B右方 6．如圖所示，平行板電容器與電動勢為E的直流電源(內阻不計

4、)連接，下極板接地．一帶電油滴位于電容器中的P點且恰好處于平衡狀態(tài)．現(xiàn)將平行板電容器的上極板豎直向上移動一小段距離( ) A. P點的電勢將降低 B. 帶電油滴將沿豎直方向向上運動 C. 帶電油滴的電勢能將減小 D. 若電容器的電容減小，則極板帶電量將增大 7．如圖所示為某示波管內的聚焦電場，實線和虛線分別表示電場線和等勢線。則（ ） A. 場強Ea >Eb ，Eb >Ec B. 電勢， C. 沿cba路徑移動質子與電子，電荷的電勢能改變是一樣的 D. 沿bc方向直線射入的電子有可能做曲線運動 8．如圖所示，E=10V，R1=4，R2=6，C=30μF，

5、電池內阻可忽略。S原來閉合然后將開關S斷開，這個過程中流過R1的總電荷量為（ ） A. 1.2×10-4C B. 3.0×10-4C C. 1.8×10-4C D. 0 9．如圖所示直線A為某電源的U-I圖線，曲線B為某小燈泡的U-I圖線的一部分，用該電源和小燈泡串聯(lián)起來組成閉合回路時燈泡恰能正常發(fā)光，則下列說法中正確的是( ) A. 此電源的內電阻為0.67Ω B. 燈泡的額定電壓為3V，額定功率為6W C. 把燈泡換成阻值恒為1Ω的純電阻，電源的輸出功率將變小，效率將變低 D. 由于小燈泡的U-I 圖線是一條曲線，所以燈泡發(fā)光

6、過程中歐姆定律不適用 10．10．如圖所示，電源電動勢為6 V，當開關S接通時，燈泡L1和L2都不亮，用電壓表測得各部分電壓是Uad＝0，Ucd＝6 V，Uab＝6 V，由此可判定( ) A. L1和L2的燈絲都斷了 B. L1的燈絲斷了 C. L2的燈絲斷了 D. 變阻器R斷路 11．如圖所示，一水平導線通以電流I，導線下方有一帶正電的微粒（不計重力），初速度方向與電流平行，關于微粒的運動情況，下述說法中，正確的是（ ） A. 沿路徑a運動，其軌道半徑越來越大 B. 沿路徑a運動，其軌道半徑越來越小 C. 沿路徑b運動，其軌道半徑越來越大 D. 沿

7、路徑b運動，其軌道半徑越來越小 12．12．如圖所示，把一重力不計的通電直導線水平放在蹄形磁鐵磁極的正上方，導線可以自由移動，當導線通過圖示方向電流I時，導線的運動情況是（從上往下看）（ ） A. 順時針方向轉動，同時下降 B. 順時針方向轉動，同時上升 C. 逆時針方向轉動，同時下降 D. 逆時針方向轉動，同時上升 13．如圖（b）所示是電子射線管示意圖.接通電源后，電子射線由陰極沿x軸方向射出,在熒光屏上會看到一條亮線.要使熒光屏上的亮線向下（z軸負方向）偏轉，在下列措施中可采用的是__________。（填選項代號） A．加一磁場，磁場方向沿z軸負方向

8、 B．加一磁場，磁場方向沿y軸正方向 C．加一電場，電場方向沿z軸負方向 D．加一電場，電場方向沿y軸正方向 14．如圖所示，在“研究影響通電導體棒所受磁場力的因素”實驗中，要使導體棒擺動幅度增大，以下操作中可行的是（ ） A. 減少成磁性較弱的磁鐵 B. 更換成磁性較弱的磁鐵 C. 改變導體棒中的電流方向 D. 增大導體棒中的電流強度 15．如圖，在同一鐵芯上繞兩個線圈A和B，單刀雙擲開關 S原來接觸點1，現(xiàn)在把它扳向觸點2，則在開關S斷開1和閉合2的過程中，流過電阻R中電流的方向是： A. 先由P到Q，再由Q到P B. 先由Q到P，再由

9、P到Q C. 始終是由Q到P D. 始終是由P到Q 16．如圖所示, 開關S閉合時, 小燈泡能正常發(fā)光. 當S斷開時 A. 小燈泡立即熄滅 B. 小燈泡將閃亮一下再熄滅 C. 小燈泡的亮度變小, 逐漸熄滅 D. 小燈泡的燈絲將因電流過大而燒斷 17．如圖所示，用相同導線繞成的兩個單匝線圈a、b的半徑分別為r和2r，圓形勻強磁場B的邊緣恰好與a線圈重合，若磁場的磁感應強度均勻增大，開始時的磁感應強度不為0，則（ ） A. 任意時刻，穿過a、b兩線圈的磁通量之比均為1：4 B. a、b兩線圈中產生的感應電動勢之比為1：2 C. a、b兩線圈中產生的感應電流之

10、比為4：1 D. 相同時間內a、b兩線圈產生的熱量之比為2：1 18．如圖所示，矩形線圈面積為S，匝數(shù)為N，線圈總電阻為r，在磁感應強度為B的勻強磁場中繞OO′軸以角速度ω勻速轉動，外電路電阻為R，當線圈由圖示位置轉過90°的過程中，下列判斷不正確的是（ ） A. 電壓表的讀數(shù)為 B. 通過電阻R的電荷量為 C. 電阻R所產生的焦耳熱為 D. 當線圈由圖示位置轉過30°時的電流為 19．自耦變壓器鐵芯上只繞有一個線圈，原、副線圈都只取該線圈的某部分．一個理想自耦調壓變壓器的電路如圖所示，變壓器線圈總匝數(shù)為xx匝，原線圈為600匝，副線圈匝數(shù)可調；原線圈串聯(lián)一個阻值為r=4

11、Ω電阻后接在有效值為220V的交流電源上，副線圈接阻值R=9Ω的負載． 調節(jié)副線圈的匝數(shù)，當負載R上的功率最大時，副線圈的匝數(shù)為 A. xx匝 B. 1200匝 C. 900匝 D. 400匝 20．如圖所示，有一臺交流發(fā)電機E.通過理想升壓變壓器T1和理想降壓變壓器T2向遠處用戶供電，輸電線的總電阻為R.T1的輸入電壓和輸入功率分別為U1和P1，它的輸出電壓和輸出功率分別為U2和P2；T2的輸入電壓和輸入功率分別為U3和P3，它的輸出電壓和輸出功率分別為U4和P4，設T1的輸入電壓U1一定，當用戶消耗的電功率變大時，有( ) A. P2變大，P3變大

12、 B. P1變小，P2變小 C. U2變小，U3變小 D. U2變小，U4變大 二、多項選擇題 21．21．如圖所示，MN是一正點電荷產生的電場中的一條電場線。一個帶負電的粒子(不計重力) 從a到b穿越這條電場線的軌跡如圖中虛線所示。下列結論正確的是( ) A. 帶電粒子從a 到b過程中動能逐漸減小 B. 正點電荷一定位于M 點左側 C. 帶電粒子在a點時具有的電勢能大于在b 點時具有的電勢能 D. 帶電粒子在a點的加速度小于在b點的加速度 22．如圖所示電路中，電源的電動勢、內阻及各電阻的阻值都標記在圖中，當滑動變阻器R3的滑片P向a端移動時,以下

13、說法中正確的是（ ） A. 電壓表示數(shù)變小，電流表示數(shù)變小 B. 電阻R1兩端的電壓減小 C. 電源的總功率減少但電源的輸出功率增大 D. 如果設定流過電阻R2電流變化量的絕對值為，流過滑動變阻器R3的電流變化量的絕對值為，則 23．如圖所示是兩個橫截面分別為圓和正方形但磁感應強度均相同的勻強磁場，圓的直徑D等于正方形的邊長，兩個電子分別以相同的速度飛入兩個磁場區(qū)域，速度方向均與磁場方向垂直，進入圓形磁場區(qū)域的速度方向對準了圓心，進入正方形磁場區(qū)域的方向是沿一邊的中點且垂直于邊界線，則下列判斷正確的是 ( ) A. 兩電子在兩磁場中運動時，其半徑一定相同 B.

14、 兩電子在兩磁場中運動的時間一定不相同 C. 進入圓形磁場區(qū)域的電子一定先飛離磁場 D. 進入圓形磁場區(qū)域的電子一定不會后飛出磁場 24．如圖所示，豎直放置的兩光滑平行金屬導軌置于垂直于導軌向里的勻強磁場中，兩根質量相同的金屬棒A和B與導軌緊密接觸且可自由滑動．先固定A，釋放B，當B的速度達到10m/s時，再釋放A，經1s時間A棒速度達到12m/s，（g取10m/s2）則：（ ） A. 當vA=12m/s時，vB=18m/s B. 當vA=12m/s時，vB=22m/s C. 若導軌很長，它們最終速度必相同 D. 它們最終速度不相同，但速度差恒定 25．在勻強磁場中，一

15、矩形金屬線圈繞與磁感線垂直的軸，先后以轉速n1和n2勻速轉動，產生的交變電動勢的圖象為圖中曲線a、b所示，則 A. 線圈先后兩次的轉速之比為3: 2 B. t=0時,兩次穿過線圈的磁通量不等于零 C. 曲線a表示的交變電動勢頻率為4 Hz D. 曲線a表示的交變電動勢有效值為15V 三、填空題 26．如圖所示,理想變壓器的原、副線圈匝數(shù)之比為 ,原線圈回路中的電阻A與副線圈回路中的負載電阻B的阻值相。a、b兩端加一定交流電壓后,求兩電阻消耗的電功率之比____________;若電源電壓為U，則電阻B兩端電壓為____________ 27．如圖所示，桌

16、面上放有一只10匝線圈，線圈中心上方一定高度處有一豎立的條形磁體．當磁體豎直向下運動時，穿過線圈的磁通量將______（選填“變大”或“變小”），在上述過程中，穿過線圈的磁通量變化0.1Wb，經歷的時間為0.5s，則線圈中的感應電動勢為__V． 28．某地地磁場的磁感應強度的水平分量是3.0×l0-5T豎直分量是4.0×10-5T，則地磁場磁感應強度的大小為_________，方向為 ___________，在水平面上，面積為5m2的范圍內，地磁場的磁通量為 ____________Wb． 29．如圖是一個多量程多用電表的簡化電路圖，測量電流、電壓和電阻各有兩個量程。當轉換開關S旋到

17、________位置時，可用來測電壓；當S旋到_________位置時，可用來測量電阻。 30．示波器的核心部件是示波管，下圖是它的原理圖．如果在偏轉電極之間和偏轉電極之間都沒加電壓，電子束從電子槍射出后沿直線傳播，打在熒光屏中心，從右向左觀察，在那里產生一個亮斑． （1）如果在電極之間不加電壓，但在之間加不變的電壓，使的電勢比高（即正負），則電子打在熒光屏上的位置位于__________上（填、、或， 是熒光屏中心）；當所加電壓增大時，電子打在熒光屏上的位置將__________．（填“上移”、“下移”或“不變”） （2）如果在之間加正弦電壓，如圖甲所示，而在電極之間加隨時

18、間線性變化的電壓，如乙圖所示，則熒光屏上看到的圖形是丙圖中的__________． A． B． C． D． 1．C 2．C 【解析】根據(jù)電荷的受力情況可知，粒子在電場中做曲線運動，如圖所示： 將粒子的速度v分解為垂直于板的vy和平行的vx，由于極板與水平面夾角45°，粒子的初速度方向豎直向上，所以粒子初速度在垂直于板的方向的速度為： ，當電場足夠大時，粒子到達上極板時速度恰好與上極板平行，即粒子垂直于極板方向的速度vy′=0，此時動能最小，根據(jù)運動學

19、公式有： ，最小動能為： ，聯(lián)立可得： ，故C正確，ABD錯誤。 3．A 【解析】沿電場線方向電勢降低，故，A正確；由于只有一條電場線，所以無法判斷電場線疏密程度，故無法判斷電場強度大小，可能是非勻強電場，也可能是勻強電場，所以BD錯誤；因為電場強度大小無法判斷，所以也就無法判斷相鄰兩點間電勢差的大小關系了，故C錯誤． 4．D 【解析】A、B、根據(jù)圖可知，兩球之間是排斥力，只能判斷兩球帶的電性相同，不能肯定兩球都帶正電還是都帶負電，故A、B均錯誤．C、D、兩球之間的庫侖力是作用力與反作用力，根據(jù)牛頓第三定律可知，兩球受到的靜電力大小相等，故C錯誤、D正確．故選D. 【點睛】本題要注意

20、兩球受到的庫侖力是作用力與反作用力，即兩球之間的庫侖力大小相等，與兩球帶的電荷量多少無關． 5．C 6．A 【解析】試題分析：將平行板電容器的上極板豎直向上移動一小段距離，電容器兩板間電壓不變，根據(jù)、分析電容和電荷量的變化；根據(jù)公式分析板間場強的變化，判斷電場力變化，確定油滴運動情況．由U=Ed分析P點與下極板間電勢差如何變化，即能分析P點電勢的變化和油滴電勢能的變化． 電容器兩極板與電源相連，所以兩極板間的電壓恒定不變，當上極板上移后，兩極板間的距離增大，根據(jù)公式可知電容減小，根據(jù)公式可知兩極板所帶電荷量減小，根據(jù)公式可知兩極板間的電場強度減小，即油滴受到的電場力減小，而油滴受到豎

21、直向下的重力，剛開始靜止，說明電場力向上，故兩極板間距離增大后，重力大于電場力，將向下運動，BD錯誤；由于下極板接地，電勢為零，P點到下極板的電勢差等于P點的電勢大小，而P到下極板的距離不變，根據(jù)可知P點的電勢將降低，A正確；因為油滴受到的電場力向上，所以油滴帶負電，根據(jù)可知油滴的電勢能將增大，故C錯誤． 7．A 【解析】A、根據(jù)電場線的疏密表示電場強度的相對大小，可知Ea＞Eb＞Ec．故A正確； B、沿著電場線方向電勢是降低的，同一等勢面上各點的電勢相等，則知φc＞φb=φa．故B錯誤； C、沿cba路徑移動質子與電子，根據(jù)公式W=qU，知由于電子與質子的電性相反，電場力對質子做正功

22、，對電子做負功，則質子的電勢能減小，電子的電勢能增大，故C錯誤； D、沿bc方向直線射入的電子，所受的電場力沿cb方向，電子做直線運動．故D錯誤； 故選A。 8．A 9．B 【解析】試題分析：電源U-I圖線的斜率表示電源內阻；電源的U-I曲線與燈泡伏安特性曲線的交點表示該燈泡與該電源連接時的工作狀態(tài)，由圖可讀出工作電壓和電流及電源的電動勢從而可算出燈泡的額定功率．根據(jù)推論：電源的內外電阻相等時電源的輸出功率最大，分析電源的輸出功率如何變化． 由圖A讀出：電源的電動勢E=4V，內阻，A錯誤；兩圖線的交點表示小燈泡L1與電源連接時的工作狀態(tài)，由于燈泡正常發(fā)光，則知燈泡的額定電壓U=3

23、V，額定電流I=2A，則額定功率為，故B正確；燈泡L1的電阻，換成一個1Ω的定值電阻，可知其電阻更接近電源的內阻，根據(jù)推論：電源的內外電阻相等時電源的輸出功率最大，知把燈泡換成一個1Ω的定值電阻，電源的輸出功率將變大，根據(jù)閉合回路歐姆定律可知電阻減小，外電路電壓減小，電源效率減小，故C錯誤；燈泡是純電阻元件，歐姆定律適用，故D錯誤． 10．C 【解析】串聯(lián)電路中兩燈均不發(fā)光，則可能是某處斷路，電壓表測斷路位置為電源電壓，Ucd=6V，說明從a到d的電路和b到c的電路是連接良好的，故L1的燈絲和滑動變阻器都良好，L2的燈絲燒斷了，故C正確，A、B、D錯誤；故選C． 【點睛】電壓表如果示數(shù)為

24、零，那么被測部分短路，或被測部分外部斷路．電壓表如果示數(shù)為電源電壓，那么被測部分斷路，或被測部分外部短路．電流表如果為零，那么電路中有斷路的地方，也有少數(shù)可能是電流表短路．電流表如果示數(shù)突然變大，那么電路中有短路的地方．兩燈均不亮，可能是某處斷路．兩燈一亮一滅，可能是某燈短路 11．D 12．C 【解析】試題分析：在導線兩側取兩小段，由左手定則可知，左邊一小段所受的安培力方向垂直紙面向外，右側一小段所受安培力的方向垂直紙面向里，從上往下看，知導線逆時針轉動；當轉動90度時，由左手定則可知，導線所受的安培力方向向下，所以導線的運動情況為，逆時針轉動，同時下降．故C正確． 考點：左手定則

25、. 13．B 【解析】若加一沿z軸負方向的磁場，根據(jù)左手定則，洛倫茲力方向沿y軸負方向，亮線不偏轉，不符合題意，A錯誤；若加一沿y軸正方向的磁場，根據(jù)左手定則，洛倫茲力方向沿z軸負方向，亮線向下偏轉，符合題意，B正確；若加一沿z軸負方向的電場，電子帶負電，電場力方向沿z軸正方向，亮線向上偏，不符合題意，C錯誤；若加一沿y軸正方向的電場，電子帶負電，電場力方向沿y軸負方向，亮線不偏轉，不符合題意，D錯誤． 14．BD 15．C 【解析】當S接觸點1時，A和B中的原磁場方向均向右，當S斷開觸點1時，B中向右的磁通量減少，B中感應電流的磁場阻礙原磁通量的減少，從而B中感應電流的磁場也向右

26、，由楞次定律和安培定則可以判斷R中電流方向由Q到P。 當S由斷開到閉合2觸點的瞬間，B中由原來沒有磁場到出現(xiàn)向左的磁場，則B中原磁通量為向左增加，由楞次定律可知，B中產生的感應電流的磁場方向仍為向右，故R中電流方向仍為Q到P；故C正確，ABD錯誤； 故選C。 16．C 【解析】原來開關閉合時，線圈中有從右向左的電流，當開關斷開時，燈所在電路上線圈產生自感電動勢，阻礙電流的減小，電流只能從原來的值逐漸減小，所以小燈泡的亮度變小，逐漸熄滅。 綜上所述本題的答案是：C 17．D 【解析】A、任意時刻，穿過a、b兩線圈的磁感線條數(shù)，磁通量相等，磁通量之比為1：1．故A錯誤． B、根據(jù)法

27、拉第電磁感應定律得：E=S，S=πr2，則S相等，也相等，所以感應電動勢相等，感應電動勢之比為1：1，故B錯誤． C、線圈a、b的半徑分別為r和2r，周長之比為1：2，電阻之比為1：2，根據(jù)歐姆定律知 I=，得a、b兩線圈中產生的感應電流之比為2：1．故C錯誤． D、根據(jù)焦耳定律得 Q=t，得相同時間內a、b兩線圈產生的熱量之比為2：1，故D正確． 故選：D 18．B 19．C 【解析】將原線圈上阻值為的電阻等效為交流電源的內阻，將變壓器等效為一個電阻，當時原線圈輸入功率最大，此時兩端電壓為110V，即原線圈兩端電壓為110V，原線圈輸入最大功率為，根據(jù)輸入功率等于輸出功率可知，

28、解得，根據(jù)可知，解得，故C正確． 20．A 【解析】因為P1＝P2＝ΔP＋P3，且P3＝P4，由于P4增大，則T2次級電流變大，則初級電流也變大， 可知ΔP、 P3及P1、P2均變大，選項A正確，選項B錯誤；U2＝U1，U1一定，所以U2不變，選項CD錯誤．故選A. 點睛：明確遠距離輸電和理想變壓器基本原理，知道理想變壓器的輸入功率與輸出功率相等．輸電線上的損失功率與其電流的平方成正比；搞清楚各個環(huán)節(jié)的能量關系． 21．CD 22．BD 【解析】A、將滑動變阻器的滑動觸片P從圖示位置向a滑動的過程中，外電路總電阻變大，電路中總電流變小，內電壓減小，路端電壓變大；電壓表示數(shù)變大，

29、故A錯誤； BD、電路中總電流變小，通過電阻R1的電流變小，R1兩端電壓變小，R2兩端電壓增大，通過電阻R2的電流變大，通過電阻R1的電流等于通過電阻R2的電流和通過電阻R3的電流之和，故通過電阻R3的電流變小，故有， ，故BD正確； C、電路中總電流變小，則電源的總功率減少，因不知道外電阻與內電阻之間的關系，所以無法判斷電源的輸出功率的變化；故C錯誤； 故選BD。 23．AD 【解析】A、電子在磁場中做勻速圓周運動，洛倫茲力提供向心力，整理得，兩過程電子速度v相同，所以半徑相同，故A正確； BCD、粒子在磁場中的可能運動情況如圖所示， 電子從O點水平進入由于它們進入圓形磁

30、場和矩形磁場的軌道半徑、速度是相同的，我們把圓形磁場和矩形磁場的邊界放到同一位置如圖所示，由圖可以看出進入磁場區(qū)域的電子的軌跡1，先出圓形磁場，再出矩形磁場；進入磁場區(qū)域的電子的軌跡2，同時從圓形與矩形邊界處磁場；進入磁場區(qū)域的電子的軌跡3，先出圓形磁場，再出矩形磁場；所以電子不會先出矩形的磁場，即進入圓形區(qū)域的電子一定不會后飛離磁場，故D正確，BC錯誤； 故選AD。 24．AC 25．AB 【解析】從圖中可知a的周期為；b的周期為，則由可知，轉速與周期成反比，故轉速之比為，A正確；在t=0時刻，感應電動勢為零，此時線圈一定處在中性面上，磁通量最大，B正確；a的頻率為，從圖中可知a的

31、峰值為，故電動勢有效值為，CD錯誤； 26． 1：9 0.3u（或3/10u） 【解析】根據(jù)變壓器原、副線圈電流比，設流過A電阻的電流I1=I，則流過B電阻的電流為I2=3I，根據(jù)P=I2R，所以功率比PA:PB=1：9． 兩電阻兩端電壓比等于電流之比，即UA:UB=1：3；對變壓器的原副線圈： ，解得UB=0.3U 27． 變大 2 【解析】在磁體豎直向下落時，穿過線圈的磁感應強度增大，故磁通量變大；由法拉第電磁感應定律可得： ． 28． 5.0×l0-5T， 與豎直方向成37o； 2.0×10-4 【解析】根據(jù)題意可知，依據(jù)合成法則，則有： ， ，故方向為與豎直

32、方向成，因不知是在南半球還是北半球，故可能斜向下，也可能斜向上；在水平面上，面積為的范圍內，磁場的磁通量為： 。 點睛：本題關鍵要掌握磁通量的計算公式：當時， ；當時， ，同時要熟記磁通量的單位，并注意線圈在水平面上。 29． 5、6 3、4 30． （1）OY 上移 （2）A 【解析】（1）電子帶負電，受到的電場力方向與電場方向相反，所以在電極之間不加電壓，但在之間加不變的電壓，使的電勢比高（即正負）時，粒子將受到向上的電場力，故粒子向上偏轉，將打在OY上； 間電壓增大，則電子的偏轉距離增大，所以應上移； （2）電子在熒光屏偏轉的距離與偏轉電壓成正比，則在偏轉電極YY′上加按正弦規(guī)律變化的電壓，電子在熒光屏偏轉的距離按正弦規(guī)律變化，而在偏轉電極XX′上加圖乙所示的掃描電壓，水平方向電子不斷從右向左勻速掃描，在熒光屏上出現(xiàn)一條正弦曲線，A正確．