高考數(shù)學(xué)二輪復(fù)習(xí) 專題訓(xùn)練一 第2講 不等式與線性規(guī)劃 理

《高考數(shù)學(xué)二輪復(fù)習(xí) 專題訓(xùn)練一 第2講 不等式與線性規(guī)劃 理》由會(huì)員分享，可在線閱讀，更多相關(guān)《高考數(shù)學(xué)二輪復(fù)習(xí) 專題訓(xùn)練一 第2講 不等式與線性規(guī)劃 理（12頁珍藏版）》請?jiān)谘b配圖網(wǎng)上搜索。

1、高考數(shù)學(xué)二輪復(fù)習(xí) 專題訓(xùn)練一 第2講 不等式與線性規(guī)劃 理 考情解讀　1.在高考中主要考查利用不等式的性質(zhì)進(jìn)行兩數(shù)的大小比較、一元二次不等式的解法、基本不等式及線性規(guī)劃問題．基本不等式主要考查求最值問題，線性規(guī)劃主要考查直接求最優(yōu)解和已知最優(yōu)解求參數(shù)的值或取值范圍問題.2.多與集合、函數(shù)等知識(shí)交匯命題，以選擇、填空題的形式呈現(xiàn)，屬中檔題． 1．四類不等式的解法 (1)一元二次不等式的解法 先化為一般形式ax2＋bx＋c>0(a≠0)，再求相應(yīng)一元二次方程ax2＋bx＋c＝0(a≠0)的根，最后根據(jù)相應(yīng)二次函數(shù)圖象與x軸的位置關(guān)系，確定一元二次不等式的解集． (2)簡單分式不等式的

2、解法 ①變形?>0(<0)?f(x)g(x)>0(<0)； ②變形?≥0(≤0)?f(x)g(x)≥0(≤0)且g(x)≠0. (3)簡單指數(shù)不等式的解法 ①當(dāng)a>1時(shí)，af(x)>ag(x)?f(x)>g(x)； ②當(dāng)0ag(x)?f(x)1時(shí)，logaf(x)>logag(x)?f(x)>g(x)且f(x)>0，g(x)>0； ②當(dāng)0logag(x)?f(x)0，g(x)>0. 2．五個(gè)重要不等式 (1)|a|≥0，a2≥0(a∈R)． (2)

3、a2＋b2≥2ab(a、b∈R)． (3)≥(a>0，b>0)． (4)ab≤()2(a，b∈R)． (5) ≥≥≥(a>0，b>0)． 3．二元一次不等式(組)和簡單的線性規(guī)劃 (1)線性規(guī)劃問題的有關(guān)概念：線性約束條件、線性目標(biāo)函數(shù)、可行域、最優(yōu)解等． (2)解不含實(shí)際背景的線性規(guī)劃問題的一般步驟：①畫出可行域；②根據(jù)線性目標(biāo)函數(shù)的幾何意義確定最優(yōu)解；③求出目標(biāo)函數(shù)的最大值或者最小值． 4．兩個(gè)常用結(jié)論 (1)ax2＋bx＋c>0(a≠0)恒成立的條件是 (2)ax2＋bx＋c<0(a≠0)恒成立的條件是 熱點(diǎn)一　一元二次不等式的解法 例1　(1)(xx·安徽)已

4、知一元二次不等式f(x)<0的解集為，則f(10x)>0的解集為(　　) A．{x|x<－1或x>－lg 2} B．{x|－1－lg 2} D．{x|x<－lg 2} (2)已知函數(shù)f(x)＝(x－2)(ax＋b)為偶函數(shù)，且在(0，＋∞)單調(diào)遞增，則f(2－x)>0的解集為(　　) A．{x|x>2或x<－2} B．{x|－24} D．{x|00.(2)利用f(x)是偶函數(shù)求b，再解f(2－x)>0. 答案　(1)D　(2)C

5、解析　(1)由已知條件0<10x<，解得x0. f(2－x)>0即ax(x－4)>0，解得x<0或x>4. 故選C. 思維升華　二次函數(shù)、二次不等式是高中數(shù)學(xué)的基礎(chǔ)知識(shí)，也是高考的熱點(diǎn)，“三個(gè)二次”的相互轉(zhuǎn)化體現(xiàn)了轉(zhuǎn)化與化歸的數(shù)學(xué)思想方法． 　(1)不等式≤0的解集為(　　) A．(－，1] B．[－，1] C．(－∞，－)∪[

6、1，＋∞) D．(－∞，－]∪[1，＋∞) (2)已知p：?x0∈R，mx＋1≤0，q：?x∈R，x2＋mx＋1>0.若p∧q為真命題，則實(shí)數(shù)m的取值范圍是(　　) A．(－∞，－2) B．[－2,0) C．(－2,0) D．[0,2] 答案　(1)A　(2)C 解析　(1)原不等式等價(jià)于(x－1)(2x＋1)<0或x－1＝0，即－

7、　(1)(xx·湖北)某項(xiàng)研究表明：在考慮行車安全的情況下，某路段車流量F(單位時(shí)間內(nèi)經(jīng)過測量點(diǎn)的車輛數(shù)，單位：輛/時(shí))與車流速度v(假設(shè)車輛以相同速度v行駛，單位：米/秒)、平均車長l(單位：米)的值有關(guān)，其公式為F＝. ①如果不限定車型，l＝6.05，則最大車流量為________輛/時(shí)； ②如果限定車型，l＝5，則最大車流量比①中的最大車流量增加________輛/時(shí)． (2)(xx·山東)設(shè)正實(shí)數(shù)x，y，z滿足x2－3xy＋4y2－z＝0，則當(dāng)取得最大值時(shí)，＋－的最大值為(　　) A．0 B．1 C. D．3 思維啟迪　(1)把所給l值代入，分子分母同除以v，構(gòu)造基本不

8、等式的形式求最值；(2)關(guān)鍵是尋找取得最大值時(shí)的條件． 答案　(1)①1 900?、?00　(2)B 解析　(1)①當(dāng)l＝6.05時(shí)，F(xiàn)＝ ＝≤＝＝1 900. 當(dāng)且僅當(dāng)v＝11 米/秒時(shí)等號(hào)成立，此時(shí)車流量最大為1 900輛/時(shí)． ②當(dāng)l＝5時(shí)，F(xiàn)＝＝≤＝＝2 000. 當(dāng)且僅當(dāng)v＝10 米/秒時(shí)等號(hào)成立，此時(shí)車流量最大為2 000 輛/時(shí)．比①中的最大車流量增加100 輛/時(shí)． (2)由已知得z＝x2－3xy＋4y2，(*) 則＝＝≤1，當(dāng)且僅當(dāng)x＝2y時(shí)取等號(hào)，把x＝2y代入(*)式，得z＝2y2， 所以＋－＝＋－＝－2＋1≤1， 所以當(dāng)y＝1時(shí)，＋－的最大值為1.

9、 思維升華　在利用基本不等式求最值時(shí)，要特別注意“拆、拼、湊”等技巧，使其滿足基本不等式中“正”(即條件要求中字母為正數(shù))、“定”(不等式的另一邊必須為定值)、“等”(等號(hào)取得的條件)的條件才能應(yīng)用，否則會(huì)出現(xiàn)錯(cuò)誤． 　(1)若點(diǎn)A(m，n)在第一象限，且在直線＋＝1上，則mn的最大值為________． (2)已知關(guān)于x的不等式2x＋≥7在x∈(a，＋∞)上恒成立，則實(shí)數(shù)a的最小值為(　　) A．1 B. C．2 D. 答案　(1)3　(2)B 解析　(1)因?yàn)辄c(diǎn)A(m，n)在第一象限，且在直線＋＝1上，所以m，n>0，且＋＝1. 所以·≤()2(當(dāng)且僅當(dāng)＝＝，即m＝，n＝

10、2時(shí)，取等號(hào))．所以·≤，即mn≤3， 所以mn的最大值為3. (2)2x＋＝2(x－a)＋＋2a ≥2·＋2a＝4＋2a， 由題意可知4＋2a≥7，得a≥， 即實(shí)數(shù)a的最小值為，故選B. 熱點(diǎn)三　簡單的線性規(guī)劃問題 例3　(xx·湖北)某旅行社租用A、B兩種型號(hào)的客車安排900名客人旅行，A、B兩種車輛的載客量分別為36人和60人，租金分別為1 600元/輛和2 400元/輛，旅行社要求租車總數(shù)不超過21輛，且B型車不多于A型車7輛．則租金最少為(　　) A．31 200元 B．36 000元 C．36 800元 D．38 400元 思維啟迪　通過設(shè)變量將實(shí)際問題

11、轉(zhuǎn)化為線性規(guī)劃問題． 答案　C 解析　設(shè)租A型車x輛，B型車y輛時(shí)租金為z元， 則z＝1 600x＋2 400y,　x、y滿足 畫出可行域如圖 直線y＝－x＋過點(diǎn)A(5,12)時(shí)縱截距最小， 所以zmin＝5×1 600＋2 400×12＝36 800， 故租金最少為36 800元． 思維升華　(1)線性規(guī)劃問題一般有三種題型：一是求最值；二是求區(qū)域面積；三是確定目標(biāo)函數(shù)中的字母系數(shù)的取值范圍．(2)解決線性規(guī)劃問題首先要找到可行域，再注意目標(biāo)函數(shù)所表示的幾何意義，利用數(shù)形結(jié)合找到目標(biāo)函數(shù)的最優(yōu)解．(3)對(duì)于應(yīng)用問題，要準(zhǔn)確地設(shè)出變量，確定可行域和目標(biāo)函數(shù)． 　(1)已知實(shí)數(shù)

12、x，y滿足約束條件，則w＝的最小值是(　　) A．－2 B．2 C．－1 D．1 (2)設(shè)z＝kx＋y，其中實(shí)數(shù)x，y滿足若z的最大值為12，則k＝________. 答案　(1)D　(2)2 解析　(1)畫出可行域，如圖所示． w＝表示可行域內(nèi)的點(diǎn)(x，y)與定點(diǎn)P(0，－1)連線的斜率，觀察圖形可知PA的斜率最小為＝1，故選D. (2)首先畫出可行域如下圖所示，可知當(dāng)x＝y(tǒng)＝4時(shí)，z取最大值12，∴12＝4k＋4，∴k＝2. 1．幾類不等式的解法 一元二次不等式解集的端點(diǎn)值是相應(yīng)一元二次方程的根，也是相應(yīng)的二次函數(shù)圖象與x軸交點(diǎn)的橫坐標(biāo)，即二次函數(shù)的零

13、點(diǎn)；分式不等式可轉(zhuǎn)化為整式不等式(組)來解；以函數(shù)為背景的不等式可利用函數(shù)的單調(diào)性進(jìn)行轉(zhuǎn)化． 2．基本不等式的作用 二元基本不等式具有將“積式”轉(zhuǎn)化為“和式”或?qū)ⅰ昂褪健鞭D(zhuǎn)化為“積式”的放縮功能，常常用于比較數(shù)(式)的大小或證明不等式或求函數(shù)的最值或解決不等式恒成立問題．解決問題的關(guān)鍵是弄清分式代數(shù)式、函數(shù)解析式、不等式的結(jié)構(gòu)特點(diǎn)，選擇好利用基本不等式的切入點(diǎn)，并創(chuàng)造基本不等式的應(yīng)用背景，如通過“代換”、“拆項(xiàng)”、“湊項(xiàng)”等技巧，改變原式的結(jié)構(gòu)使其具備基本不等式的應(yīng)用條件．利用基本不等式求最值時(shí)要注意“一正、二定、三相等”的條件，三個(gè)條件缺一不可． 3．線性規(guī)劃問題的基本步驟 (1)定

14、域——畫出不等式(組)所表示的平面區(qū)域，注意平面區(qū)域的邊界與不等式中的不等號(hào)的對(duì)應(yīng)； (2)平移——畫出目標(biāo)函數(shù)等于0時(shí)所表示的直線l，平行移動(dòng)直線，讓其與平面區(qū)域有公共點(diǎn)，根據(jù)目標(biāo)函數(shù)的幾何意義確定最優(yōu)解，注意要熟練把握最常見的幾類目標(biāo)函數(shù)的幾何意義； (3)求值——利用直線方程構(gòu)成的方程組求解最優(yōu)解的坐標(biāo)，代入目標(biāo)函數(shù)，求出最值. 真題感悟 1．(xx·山東)已知實(shí)數(shù)x，y滿足ax B．ln(x2＋1)>ln(y2＋1) C．sin x>sin y D．x3>y3 答案　D 解析　因?yàn)?

15、ay，所以x>y.采用賦值法判斷，A中，當(dāng)x＝1，y＝0時(shí)，<1，A不成立．B中，當(dāng)x＝0，y＝－1時(shí)，ln 1

16、－1)－1＝－3＝n.當(dāng)直線y＝－2x＋z經(jīng)過點(diǎn)B時(shí)，zmax＝2×2－1＝3＝m，故m－n＝6. 押題精練 1．為了迎接2014年3月8日的到來，某商場舉行了促銷活動(dòng)，經(jīng)測算某產(chǎn)品的銷售量P萬件(生產(chǎn)量與銷售量相等)與促銷費(fèi)用x萬元滿足P＝3－，已知生產(chǎn)該產(chǎn)品還需投入成本(10＋2P)萬元(不含促銷費(fèi)用)，產(chǎn)品的銷售價(jià)格定為(4＋)萬元/萬件．則促銷費(fèi)用投入 萬元時(shí)，廠家的利潤最大？(　　) A．1 B．1.5 C．2 D．3 答案　A 解析　設(shè)該產(chǎn)品的利潤為y萬元，由題意知，該產(chǎn)品售價(jià)為2×()萬元，所以y＝2×()×P－10－2P－x＝16－－x(x>0

17、)，所以y＝17－(＋x＋1)≤17－2＝13(當(dāng)且僅當(dāng)＝x＋1，即x＝1時(shí)取等號(hào))，所以促銷費(fèi)用投入1萬元時(shí)，廠家的利潤最大，故選A. 2．若點(diǎn)P(x，y)滿足線性約束條件點(diǎn)A(3，)，O為坐標(biāo)原點(diǎn)，則·的最大值為________． 答案　6 解析　由題意，知＝(3，)，設(shè)＝(x，y)，則·＝3x＋y. 令z＝3x＋y， 如圖畫出不等式組所表示的可行域， 可知當(dāng)直線y＝－x＋z經(jīng)過點(diǎn)B時(shí)，z取得最大值． 由解得即B(1，)，故z的最大值為3×1＋×＝6. 即·的最大值為6. (推薦時(shí)間：50分鐘) 一、選擇題 1．(xx·四川)若a>b>0，c

18、(　　) A.> B.< C.> D.< 答案　D 解析　令a＝3，b＝2，c＝－3，d＝－2， 則＝－1，＝－1， 所以A，B錯(cuò)誤； ＝－，＝－， 所以<， 所以C錯(cuò)誤．故選D. 2．若x∈(0,1)，則下列結(jié)論正確的是(　　) A．lg x>x>2x B．2x>lg x>x C．x>2x>lg x D．2x>x>lg x 答案　D 解析　分別畫出函數(shù)y＝2x，y＝x，y＝lg x的圖象，如下圖，由圖象可知，在x∈(0,1)時(shí)，有2x>x>lg x， 故選D. 3．(xx·重慶)關(guān)于x的不等式x2－2ax－8a2<0(a>0)的解集為(x1，x

19、2)，且x2－x1＝15，則a等于(　　) A. B. C. D. 答案　A 解析　由x2－2ax－8a2<0，得(x＋2a)(x－4a)<0，因a>0，所以不等式的解集為(－2a,4a)，即x2＝4a，x1＝－2a，由x2－x1＝15，得4a－(－2a)＝15，解得a＝. 4．(xx·重慶)若log4(3a＋4b)＝log2，則a＋b的最小值是(　　) A．6＋2 B．7＋2 C．6＋4 D．7＋4 答案　D 解析　由題意得所以 又log4(3a＋4b)＝log2， 所以log4(3a＋4b)＝log4ab， 所以3a＋4b＝ab，故＋＝1. 所以a＋

20、b＝(a＋b)(＋)＝7＋＋ ≥7＋2＝7＋4， 當(dāng)且僅當(dāng)＝時(shí)取等號(hào)．故選D. 5．已知變量x，y滿足約束條件，則z＝x＋2y－1的最大值為(　　) A．9 B．8 C．7 D．6 答案　B 解析　約束條件所表示的區(qū)域如圖， 由圖可知，當(dāng)目標(biāo)函數(shù)過A(1,4)時(shí)取得最大值，故z＝x＋2y－1的最大值為1＋2×4－1＝8. 二、填空題 6．已知f(x)是R上的減函數(shù)，A(3，－1)，B(0,1)是其圖象上兩點(diǎn)，則不等式|f(1＋ln x)|<1的解集是________． 答案　(，e2) 解析　∵|f(1＋ln x)|<1， ∴－1

21、 ∴f(3)0，則＋的最小值為________． 答案?。? 解析　∵點(diǎn)A(1,1)在直線2mx＋ny－2＝0上， ∴2m＋n＝2， ∵＋＝(＋

22、)＝(2＋＋＋1) ≥(3＋2)＝＋， 當(dāng)且僅當(dāng)＝，即n＝m時(shí)取等號(hào)， ∴＋的最小值為＋. 三、解答題 9．設(shè)集合A為函數(shù)y＝ln(－x2－2x＋8)的定義域，集合B為函數(shù)y＝x＋的值域，集合C為不等式(ax－)(x＋4)≤0的解集． (1)求A∩B； (2)若C??RA，求a的取值范圍． 解　(1)由－x2－2x＋8>0得－40，即x>－1時(shí)y≥2－1＝1， 此時(shí)x＝0，符合要求； 當(dāng)x＋1<0，即x<－1時(shí)，y≤－2－1＝－3， 此時(shí)x＝－2，符合要求． 所以B＝(－∞，－3]∪[1，＋

23、∞)， 所以A∩B＝(－4，－3]∪[1,2)． (2)(ax－)(x＋4)＝0有兩根x＝－4或x＝. 當(dāng)a>0時(shí)，C＝{x|－4≤x≤}，不可能C??RA； 當(dāng)a<0時(shí)，C＝{x|x≤－4或x≥}， 若C??RA，則≥2，∴a2≤， ∴－≤a<0.故a的取值范圍為[－，0)． 10．投資生產(chǎn)A產(chǎn)品時(shí)，每生產(chǎn)100噸需要資金200萬元，需場地200平方米，可獲利潤300萬元；投資生產(chǎn)B產(chǎn)品時(shí)，每生產(chǎn)100噸需要資金300萬元，需場地100平方米，可獲利潤200萬元．現(xiàn)某單位可使用資金1 400萬元，場地900平方米，問：應(yīng)作怎樣的組合投資，可使獲利最大？ 解　設(shè)生產(chǎn)A產(chǎn)品x百噸

24、，生產(chǎn)B產(chǎn)品y百噸，利潤為S百萬元， 則約束條件為目標(biāo)函數(shù)為S＝3x＋2y.作出可行域如圖陰影部分所示， 作直線l0：3x＋2y＝0，將l0向上平移時(shí)，S＝3x＋2y隨之增大， 當(dāng)它經(jīng)過直線2x＋y＝9和2x＋3y＝14的交點(diǎn)(，)時(shí)，S最大，此時(shí)，Smax＝3×＋2×＝14.75. 因此，生產(chǎn)A產(chǎn)品325噸，生產(chǎn)B產(chǎn)品250噸時(shí)， 利潤最大為1 475萬元． 11．某工廠生產(chǎn)某種產(chǎn)品，每日的成本C(單位：萬元)與日產(chǎn)量x(單位：噸)滿足函數(shù)關(guān)系式C＝3＋x，每日的銷售額S(單位：萬元)與日產(chǎn)量x的函數(shù)關(guān)系式S＝已知每日的利潤L＝S－C，且當(dāng)x＝2時(shí)，L＝3. (1)求k的值； (2)當(dāng)日產(chǎn)量為多少噸時(shí)，每日的利潤可以達(dá)到最大，并求出最大值． 解　(1)由題意可得L＝ 因?yàn)楫?dāng)x＝2時(shí)，L＝3，所以3＝2×2＋＋2， 解得k＝18. (2)當(dāng)0