9、的長為________cm.
[解析] 將三棱柱沿側(cè)棱AA1展開得如圖所示(兩周)
因為正三棱柱底面邊長為2 cm,高為5 cm,所以AA1=5 cm,AA″=12 cm,所以A1A″==13,即最短路線為13 cm.
[答案] 13
[點評] 將空間幾何體中的距離之和的最值問題通過側(cè)面展開圖的運用轉(zhuǎn)化為平面幾何的最值,這正是降維轉(zhuǎn)化思想的運用.
線面平行問題中的常見轉(zhuǎn)化方法
[典例] 如圖,在直三棱柱ABC-A1B1C1中,AC⊥BC,CC1=4,M是棱CC1上的一點.
(1) 求證:BC⊥AM;
(2) 若N是AB的中點,且CN∥平面AB1M,求CM的長.
[解
10、] (1)證明:因為ABC-A1B1C1是直三棱柱,
所以CC1⊥平面ABC.
因為BC?平面ABC,所以CC1⊥BC.
因為AC⊥BC,CC1∩AC=C,CC1?平面ACC1A1,AC?平面ACC1A1,所以BC⊥平面ACC1A1.
因為AM?平面ACC1A1,所以BC⊥AM.
(2)法一:如圖①,取AB1的中點P,連結(jié)NP,PM.
因為N是AB的中點,所以NP∥BB1.
因為CM∥BB1,所以NP∥CM,
所以NP與CM共面.
因為CN∥平面AB1M,平面CNPM∩平面AB1M=MP,所以CN∥MP.
所以四邊形CNPM為平行四邊形,
所以CM=NP=BB1=CC1=
11、2.
法二:如圖②,設(shè)NC與CC1確定的平面交AB1于點P,連結(jié)NP,PM.
因為CN∥平面AB1M,CN?平面CNPM,平面AB1M∩平面CNPM=PM,所以CN∥MP.
因為BB1∥CM,BB1?平面CNPM,CM?平面CNPM,所以BB1∥平面CNPM.
又BB1?平面ABB1,平面ABB1∩平面CNPM=NP,
所以BB1∥NP,所以CM∥NP,
所以四邊形CNPM為平行四邊形.
因為N是AB的中點,
所以CM=NP=BB1=CC1=2.
法三:如圖③,取BB1的中點Q,連結(jié)NQ,CQ.
因為N是AB的中點,所以NQ∥AB1.
因為NQ?平面AB1M,AB1?平面
12、AB1M,所以NQ∥平面AB1M.
因為CN∥平面AB1M,NQ∩CN=N,NQ?平面NQC,CN?平面NQC,所以平面NQC∥平面AB1M.
因為平面BCC1B1∩平面NQC=QC,平面BCC1B1∩平面AB1M=MB1,所以CQ∥MB1.
因為BB1∥CC1,所以四邊形CQB1M是平行四邊形,
所以CM=B1Q=BB1=CC1=2.
法四:如圖④,分別延長BC,B1M,設(shè)交點為S,連結(jié)AS.
因為CN∥平面AB1M,CN?平面ABS,平面ABS∩平面AB1M=AS,
所以CN∥AS.
由于AN=NB,
所以BC=CS.
又因為CM∥BB1,可得SM=MB1,
所以CM
13、=BB1=CC1=2.
[點評] 線面平行無論是判定定理還是性質(zhì)定理都是需要轉(zhuǎn)化為線線平行.常見的方式有構(gòu)造三角形轉(zhuǎn)化為線線平行,構(gòu)造平行四邊形轉(zhuǎn)化為對邊平行,構(gòu)造面面平行再利用面面平行的性質(zhì)定理進行證明.
[課時達標訓練]
A組——易錯清零練
1.設(shè)l,m表示直線,m是平面α內(nèi)的任意一條直線.則“l(fā)⊥m”是“l(fā)⊥α”成立的____________條件(在“充分不必要”“必要不充分”“充要”“既不充分又不必要”中選填一個).
解析:由l⊥m,m?α,可得l?α,l∥α或l與α相交,推不出l⊥α;由l⊥α,m?α,結(jié)合線面垂直的定義可得l⊥m.故“l(fā)⊥m”是“l(fā)⊥α”成立的必要不充分條
14、件.
答案:必要不充分
2.在長方體ABCD-A1B1C1D1中,AB=AD=a,AA1=2,四面體A-CB1D1的體積為6,則a=________.
解析:如圖,VA-CB1D1=VABCD-A1B1C1D1-VA-A1B1D1-VB1-ABC-VD1-ADC-VC-B1C1D1=2a2-a2=a2=6,所以a=3.
答案:3
3.設(shè)a,b是兩條不同的直線,α,β是兩個不同的平面,則下列四個命題:
①若a⊥b,a⊥α,則b∥α;
②若a⊥β,α⊥β,則a∥α;
③若a∥α,a⊥β,則α⊥β;
④若a⊥b,a⊥α,b⊥β,則α⊥β.
其中正確命題的序號是________.
15、
解析:①中b可能在平面α內(nèi);②中a可能在平面α內(nèi);③中因為a∥α,a⊥β,所以α內(nèi)必存在一條直線b與a平行,從而得到b⊥β,所以α⊥β,故③正確;因為a⊥b,a⊥α,所以b∥α或b?α,故α內(nèi)必有一條直線c與b平行,又b⊥β,所以c⊥β,故α⊥β,所以④正確.
答案:③④
4.如圖,在三棱柱ABC-A1B1C1中,側(cè)棱AA1⊥平面AB1C1,AA1=1,底面△ABC是邊長為2的正三角形,則此三棱柱的體積為________.
解析:因為AA1⊥平面AB1C1,AB1?平面AB1C1,所以AA1⊥AB1,又知AA1=1,A1B1=2,所以AB1==,同理可得AC1=,又知在△AB1C1中,
16、B1C1=2,所以△AB1C1的邊B1C1上的高為h==,其面積S=×2×=,于是三棱錐A-A1B1C1的體積VA-A1B1C1=VA1-AB1C1=×S△AB1C1×AA1=,進而可得此三棱柱ABC-A1B1C1的體積V=3VA-A1B1C1=3×=.
答案:
B組——方法技巧練
1.設(shè)P,A,B,C是球O表面上的四個點,PA,PB,PC兩兩垂直,且PA=PB=1,PC=2,則球O的表面積是________.
解析:設(shè)球O的半徑為R.由PA,PB,PC兩兩垂直,所以外接球的直徑是以PA,PB,PC為棱的長方體的體對角線,即4R2=PA2+PB2+PC2=1+1+4=6,故S球表面積=
17、4πR2=6π.
答案:6π
2.在空間中,用a,b,c表示三條不同的直線,γ表示平面,給出下列四個命題:
①若a∥b,b∥c,則a∥c; ②若a⊥b,b⊥c,則a⊥c;
③若a∥γ,b∥γ,則a∥b;?、苋鬭⊥γ,b⊥γ,則a∥b.
其中真命題的序號為________.
解析:根據(jù)公理知平行于同一條直線的兩條直線互相平行,①正確;根據(jù)線面垂直性質(zhì)定理知“同垂直一個平面的兩條直線平行”,知④正確;②③均不恒成立.故選①④.
答案:①④
3.如圖,在正三棱柱ABC-A1B1C1中,若各條棱長均為2,且M為A1C1的中點,則三棱錐M-AB1C的體積是________.
解
18、析:法一:在正三棱柱ABC-A1B1C1中,AA1⊥平面A1B1C1,從而AA1⊥B1M.又因為B1M是正三角形A1B1C1的中線,所以B1M⊥A1C1,所以B1M⊥平面ACC1A1,則VM-AB1C=VB1-ACM=×B1M=××2×2×=.
法二:VM-AB1C=VABC-A1B1C1-VA-A1B1M-VC-C1B1M-VB1-ABC=×2××2-2×-××2=.
答案:
4.如圖,平行四邊形ABCD和矩形ACEF所在的平面互相垂直,AB=1,AD=2,∠ADC=60°,AF=.
(1)求證:AC⊥BF;
(2)求多面體ABCDEF的體積.
解:(1)證明:∵AB=1,AD=
19、2,∠ADC=60°,
由余弦定理:AC2=CD2+AD2-2CD·AD·cos 60°=1+4-2×1×2×=3,
于是AD2=CD2+AC2,∴∠ACD=90°,
∵AB∥CD,∴AC⊥AB.
又∵四邊形ACEF是矩形,∴FA⊥AC,
又AF∩AB=A,∴AC⊥平面AFB,
又BF?平面AFB,∴AC⊥BF.
(2)令多面體ABCDEF的體積為V,
V=VD-ACEF+VB-ACEF=2VD-ACEF,
又∵平面ABCD⊥平面ACEF,DC⊥AC,
根據(jù)兩平面垂直的性質(zhì)定理:DC⊥平面ACEF,
∴DC為四棱錐D-ACEF的高,
S矩形ACEF=×=,
∴VD-A
20、CEF=××1=,
∴V=2VD-ACEF=,即多面體ABCDEF的體積為.
5.如圖,四邊形ABCD是矩形,平面ABCD⊥平面BCE,BE⊥EC.
(1)求證:平面AEC⊥平面ABE;
(2)點F在BE上,若DE∥平面ACF,求 的值.
解:(1)證明:因為四邊形ABCD為矩形,所以AB⊥BC.
因為平面ABCD⊥平面BCE,平面ABCD∩平面BCE=BC,AB?平面ABCD,所以AB⊥平面BCE.
因為EC?平面BCE,所以EC⊥AB.
因為EC⊥BE,AB?平面ABE,BE?平面ABE,AB∩BE=B,所以EC⊥平面ABE.
因為EC?平面AEC,所以平面AEC⊥平面A
21、BE.
(2) 連結(jié)BD交AC于點O,連結(jié)OF.
因為DE∥平面ACF,DE?平面BDE,平面ACF∩平面BDE=OF,所以DE∥OF.
又因為矩形ABCD中,O為BD的中點,所以F為BE的中點,即=.
C組——創(chuàng)新應(yīng)用練
1.下列命題:
①若直線l平行于平面α內(nèi)的無數(shù)條直線,直線a在平面α內(nèi),則l∥a;
②若直線a在平面α外,則a∥α;
③若直線a∥b,直線b?α,則a∥α;
④若直線a∥b,b?α,那么直線a就平行于平面α內(nèi)的無數(shù)條直線.
其中真命題的個數(shù)為________.
解析:對于①,∵直線l雖與平面α內(nèi)的無數(shù)條直線平行,但l有可能在平面α內(nèi),∴l(xiāng)不一定平行于a
22、,∴①是假命題;
對于②,∵直線a在平面α外,包括兩種情況:a∥α和a與α相交,∴②是假命題;
對于③,∵a∥b,直線b?α,則只能說明a和b無公共點,但a可能在平面α內(nèi),∴a不一定平行于α,∴③是假命題;
對于④,∵a∥b,b?α,那么a?α或a∥α,∴a與平面α內(nèi)的無數(shù)條直線平行,∴④是真命題.
答案:1
2.如圖,已知AB為圓O的直徑,C為圓上一動點,PA⊥圓O所在的平面,且PA=AB=2,過點A作平面α⊥PB,分別交PB,PC于E,F(xiàn),當三棱錐P-AEF的體積最大時,tan∠BAC=________.
解析:∵PB⊥平面AEF,∴AF⊥PB.
又AC⊥BC,AP⊥BC,
23、∴BC⊥平面PAC,
∴AF⊥BC,∴AF⊥平面PBC,∴∠AFE=90°.
設(shè)∠BAC=θ,在Rt△PAC中,
AF===,
在Rt△PAB中,AE=PE=,∴EF=,
∴VP-AEF=AF·EF·PE=AF··
=·=·≤,∴當AF=1時,VP-AEF取得最大值,此時AF==1,∴cos θ=,sin θ=,∴tan θ=.
答案:
3.如圖所示,等腰△ABC的底邊AB=6,高CD=3,點E是線段BD上異于點B,D的動點,點F在BC邊上,且EF⊥AB,現(xiàn)沿EF將△BEF折起到△PEF的位置,使PE⊥AE,記BE=x,V(x)表示四棱錐P-ACFE的體積,則V(x)的最大值為
24、________.
解析:因為PE⊥EF,PE⊥AE,EF∩AE=E,
所以PE⊥平面ABC.
因為CD⊥AB,F(xiàn)E⊥AB,
所以EF∥CD,所以=,
即=,所以EF=,
所以S△ABC=×6×3=9,
S△BEF=×x×=x2,
所以V(x)=×x=x(0<x<3).
因為V′(x)=,
所以當x∈(0,6)時,V′(x)>0,V(x)單調(diào)遞增;
當6<x<3時,V′(x)<0,V(x)單調(diào)遞減,
因此當x=6時,V(x)取得最大值12.
答案:12
4.如圖①所示,在Rt△ABC中,AC=6,BC=3,∠ABC=90°,CD為∠ACB的平分線,點E在線段AC上,
25、CE=4.如圖②所示,將△BCD沿CD折起,使得平面BCD⊥平面ACD,連結(jié)AB,設(shè)點F是AB的中點.
(1)求證:DE⊥平面BCD;
(2)若EF∥平面BDG,其中G為直線AC與平面BDG的交點,求三棱錐B-DEG的體積.
解:(1)證明:在題圖①中,
因為AC=6,BC=3,∠ABC=90°,所以∠ACB=60°.
因為CD為∠ACB的平分線,所以∠BCD=∠ACD=30°,所以CD=2.
又因為CE=4,∠DCE=30°,所以DE=2.
則CD2+DE2=CE2,所以∠CDE=90°,即DE⊥CD.
在題圖②中,因為平面BCD⊥平面ACD,平面BCD∩平面ACD=CD
26、,DE?平面ACD,所以DE⊥平面BCD.
(2)在題圖②中,因為EF∥平面BDG,EF?平面ABC,平面ABC∩平面BDG=BG,所以EF∥BG.
因為點E在線段AC上,CE=4,點F是AB的中點,
所以AE=EG=CG=2.
過點B作BH⊥CD交于點H.
因為平面BCD⊥平面ACD,BH?平面BCD,
所以BH⊥平面ACD.
由條件得BH=.
又S△DEG=S△ACD=×AC·CD·sin 30°=,
所以三棱錐B-DEG的體積為V=S△DEG·BH=××=.
5.如圖,已知斜三棱柱ABC-A1B1C1中,AB=AC,D為BC的中點.
(1)若平面ABC⊥平面BCC1
27、B1,求證:AD⊥DC1;
(2)求證:A1B∥平面ADC1.
證明:(1)因為AB=AC,D為BC的中點,所以AD⊥BC.
因為平面ABC⊥平面BCC1B1,平面ABC∩平面BCC1B1=BC,AD?平面ABC,所以AD⊥平面BCC1B1.
因為DC1?平面BCC1B1,
所以AD⊥DC1.
(2)如圖,連結(jié)A1C,交AC1于點O,連結(jié)OD,則O為A1C的中點.
因為D為BC的中點,所以O(shè)D∥A1B.
因為OD?平面ADC1,A1B?平面ADC1,所以A1B∥平面ADC1.
6.現(xiàn)需要設(shè)計一個倉庫,它的上部是底面圓半徑為5 m的圓錐,下部是底面圓半徑為5 m的圓柱,且該倉庫
28、的總高度為5 m.經(jīng)過預(yù)算,制造該倉庫的圓錐側(cè)面、圓柱側(cè)面用料的單價分別為4百元/m2、1百元/m2.
(1)記倉庫的側(cè)面總造價為y百元:
①設(shè)圓柱的高為x m,試將y表示為關(guān)于x的函數(shù)y=f(x);
②設(shè)圓錐母線與其軸所在直線所成角為θ,試將y表示為關(guān)于θ的函數(shù)y=g(θ);
(2)問當圓柱的高度為多少時,該倉庫的側(cè)面總造價最少?
解:(1)①由題可知,圓柱的高為x m,且x∈(0,5),
則該倉庫的側(cè)面總造價y=(2π×5x)×1+×4
=10πx+20π,x∈(0,5).
②由題可知,圓錐母線與軸所在直線所成角為θ,且θ∈,
則該倉庫的側(cè)面總造價y=×1+×4
=50π,θ∈.
(2) 由②,令h(θ)=,
則h′(θ)=,
由h′(θ)=0得cos θ=,
又θ∈,所以θ=,
當θ變化時,h′(θ),h(θ)的變化情況如表所示.
θ
h′(θ)
-
0
+
h(θ)
極小值
所以當θ=時,h(θ)取得最小值,側(cè)面總造價y最小,
此時圓柱的高度為5-=5- m.
當圓柱的高度為5- m時,該倉庫的側(cè)面總造價最少.