（浙江專用）備戰(zhàn)2022高考物理一輪復(fù)習(xí) 第二部分 選擇題部分 精練5 動(dòng)量和動(dòng)量守恒定律

《（浙江專用）備戰(zhàn)2022高考物理一輪復(fù)習(xí) 第二部分 選擇題部分 精練5 動(dòng)量和動(dòng)量守恒定律》由會(huì)員分享，可在線閱讀，更多相關(guān)《（浙江專用）備戰(zhàn)2022高考物理一輪復(fù)習(xí) 第二部分 選擇題部分 精練5 動(dòng)量和動(dòng)量守恒定律（6頁珍藏版）》請(qǐng)?jiān)谘b配圖網(wǎng)上搜索。

1、（浙江專用）備戰(zhàn)2022高考物理一輪復(fù)習(xí) 第二部分 選擇題部分 精練5 動(dòng)量和動(dòng)量守恒定律 1.加試題 (2018·鎮(zhèn)海中學(xué)期末)下列說法正確的是(　　) A．動(dòng)量大的物體，它的速度不一定大 B．動(dòng)量大的物體，它的速度一定也大 C．只要物體運(yùn)動(dòng)的速度大小不變，物體的動(dòng)量就保持不變 D．同一物體的動(dòng)量變化越大，則該物體的速度變化一定越大 2.加試題 關(guān)于物體的動(dòng)量和動(dòng)能，下列說法中正確的是(　　) A．一物體的動(dòng)量不變，其動(dòng)能一定不變 B．一物體的動(dòng)能不變，其動(dòng)量一定不變 C．兩物體的動(dòng)量相等，其動(dòng)能不一定相等 D．兩物體的動(dòng)能相等，其動(dòng)量一定相等 3.加試題 有關(guān)實(shí)際中的

2、現(xiàn)象，下列說法正確的是(　　) A．火箭靠噴出氣流的反沖作用而獲得巨大速度 B．體操運(yùn)動(dòng)員在著地時(shí)屈腿是為了減小地面對(duì)運(yùn)動(dòng)員的作用力 C．用槍射擊時(shí)要用肩部抵住槍身是為了減少反沖的影響 D．為了減輕撞車時(shí)對(duì)司乘人員的傷害程度，車體前部的發(fā)動(dòng)機(jī)艙越堅(jiān)固越好 4.加試題 如圖1所示是我國女子短道速滑隊(duì)訓(xùn)練時(shí)的情景．觀察發(fā)現(xiàn)，“接棒”的運(yùn)動(dòng)員甲提前站在“交棒”的運(yùn)動(dòng)員乙前面，并且開始向前滑行，待乙追上甲時(shí)，乙猛推甲一把，使甲獲得更大的速度向前沖出．在乙推甲的過程中，忽略運(yùn)動(dòng)員與冰面間在水平方向上的相互作用，則(　　) 圖1 A．甲對(duì)乙的沖量一定與乙對(duì)甲的沖量相同 B．相互作用的過

3、程中甲與乙組成的系統(tǒng)滿足動(dòng)量守恒定律 C．甲的動(dòng)能增加量不等于乙的動(dòng)能減少量 D．甲、乙的動(dòng)量變化一定大小相等、方向相反 5.加試題 一只小船靜止在水面上，一個(gè)人從小船的一端走到另一端，不計(jì)水及空氣的阻力，以下說法中正確的是(　　) A．人和小船組成的的系統(tǒng)動(dòng)量守恒 B．人運(yùn)動(dòng)的速度增大時(shí)，船運(yùn)動(dòng)的速度減小 C．當(dāng)人停止走動(dòng)時(shí)，因?yàn)樾〈瑧T性大，所以小船要繼續(xù)向后退 D. 當(dāng)人停止走動(dòng)時(shí)，小船也停止后退 6.加試題 如圖2，在光滑的水平面上放著質(zhì)量相等的兩個(gè)物塊，乙上系有一個(gè)水平輕質(zhì)彈簧，開始物塊乙靜止，物塊甲以速度v向乙運(yùn)動(dòng)并壓縮彈簧到彈簧最短這一過程中，以下說法正確的是(　　

4、) 圖2 A．當(dāng)彈簧壓縮量最大時(shí)，兩者速度一定相同 B．當(dāng)彈簧壓縮量最大時(shí)，甲物塊速度為零 C．甲物塊動(dòng)能的減小量等于乙物塊動(dòng)能的增加量 D．甲物塊動(dòng)量的減小量和乙物塊動(dòng)量的增加量大小相等 7.加試題 動(dòng)能相同的A、B兩球(mA＞mB)在光滑的水平面上相向運(yùn)動(dòng)，當(dāng)兩球相碰后，其中一球停止運(yùn)動(dòng)，則可判定(　　) A．碰撞前A球的速度小于B球的速度 B．碰撞前A球的動(dòng)量大于B球的動(dòng)量 C．碰撞前后A球的動(dòng)量變化大于B球的動(dòng)量變化 D．碰撞后，A球的速度一定為零，B球朝反方向運(yùn)動(dòng) 8.加試題 據(jù)媒體報(bào)道，某手機(jī)帶有屏幕保護(hù)器，保護(hù)裝置設(shè)置在屏幕的4個(gè)角落由彈性塑料、聚合物及

5、超薄金屬片組成，一旦手機(jī)內(nèi)的加速度計(jì)、陀螺儀及位移傳感器感知手機(jī)掉落，屏幕保護(hù)器會(huì)自動(dòng)彈出，并完全吸收手機(jī)撞擊地面的能量，避免手機(jī)屏幕直接接觸地面而損壞．已知該手機(jī)設(shè)計(jì)質(zhì)量約為160 g，從1.5 m高處自由掉落，不計(jì)空氣阻力，重力加速度g取10 m/s2，則以下分析正確的是(　　) A．手機(jī)落地的速度約為4.5 m/s B．保護(hù)器彈出的時(shí)間應(yīng)小于0.55 s C．手機(jī)落地時(shí)重力的功率約為7.5 W D．若保護(hù)器吸收撞擊力的時(shí)間為0.05 s，則地面對(duì)手機(jī)的平均作用力約為19.2 N 9.加試題 在光滑水平面上動(dòng)能為E0、動(dòng)量大小為p0的小鋼球1與靜止小鋼球2發(fā)生碰撞，碰撞前、后球1

6、的運(yùn)動(dòng)方向相反，將碰后球1的動(dòng)能和動(dòng)量大小分別記為E1、p1，球2的動(dòng)能和動(dòng)量大小分別記為E2、p2，則必有(　　) A．E1E0 D．p2

7、1和v2，滿足Mv＝Mv1＋mv2 C．?dāng)[球的速度不變，小車和木塊的速度都變?yōu)閡，滿足Mv＝(M＋m)u D．小車和擺球的速度都變?yōu)関1，木塊的速度變?yōu)関2，滿足(M＋m0)v＝(M＋m0)v1＋mv2 11.加試題 將質(zhì)量為0.5 kg的小球以20 m/s的初速度豎直向上拋出，不計(jì)空氣阻力，g取10 m/s2，以下判斷正確的是(　　) A．小球從拋出至到最高點(diǎn)受到的沖量大小為10 N·s B．小球從拋出至落回出發(fā)點(diǎn)動(dòng)量的增量大小為零 C．小球從拋出至落回出發(fā)點(diǎn)受到的沖量大小為零 D．小球從拋出至落回出發(fā)點(diǎn)動(dòng)量的增量大小為20 kg·m/s 12.加試題 A、B兩物體在一水平長

8、直氣墊導(dǎo)軌上相碰，碰撞前物體A做勻速直線運(yùn)動(dòng)，B靜止不動(dòng)，頻閃照相機(jī)每隔0.1 s閃光一次，連續(xù)拍照5次，拍得如圖4所示的照 片，不計(jì)兩物體的大小及兩物體碰撞過程所用的時(shí)間，則由此照片可判斷(　　) 圖4 A．第四次拍照時(shí)物體A在100 cm處 B．第四次拍照時(shí)物體A在80 cm處 D．mA∶mB＝3∶1 D．mA∶mB＝1∶3 13.加試題如圖5所示，小球A、B、C質(zhì)量均為m，將小球B、C同時(shí)拉開相同角度后由靜止釋放，兩小球到達(dá)最低點(diǎn)時(shí)，小球間發(fā)生對(duì)心彈性碰撞，不計(jì)空氣阻力，則(　　) 圖5 A．從釋放小球到碰撞結(jié)束的過程中，整個(gè)系統(tǒng)動(dòng)量守恒 B．從釋放小球到碰撞

9、結(jié)束的過程中，整個(gè)系統(tǒng)機(jī)械能守恒 C．B與A碰撞過程中動(dòng)量守恒表達(dá)式為mv0＝mv1＋mv2 D．B與A碰撞過程中動(dòng)量守恒表達(dá)式為2mv0＝2mv1＋mv2 14.加試題 在光滑水平面上，一質(zhì)量為m、速度大小為v的A球與質(zhì)量為2m、靜止的B球碰撞后，A球的速度大小變?yōu)関，則碰撞后B球的速度大小可能是(　　) A.v B．v C．2v D.v 答案精析 1．AD 2．AC　[動(dòng)能是標(biāo)量Ek＝mv2，動(dòng)量是矢量p＝mv，動(dòng)能與動(dòng)量之間的大小關(guān)系：Ek＝.一物體的動(dòng)量p不變，其動(dòng)能Ek一定不變，故A正確．一物體的動(dòng)能不變，其動(dòng)量大小一定不變，但速度的方向可能變化，即動(dòng)量可

10、能變化，故B錯(cuò)誤．兩物體的動(dòng)量相等，當(dāng)兩物體的質(zhì)量相等時(shí)，其動(dòng)能一定相等，當(dāng)兩物體的質(zhì)量不等時(shí)，其動(dòng)能一定不相等，故C正確．兩物體動(dòng)能相等，而質(zhì)量不等時(shí)，其動(dòng)量也是不相等的，故D錯(cuò)誤．] 3．ABC　[根據(jù)反沖運(yùn)動(dòng)的特點(diǎn)與應(yīng)用可知，火箭靠噴出氣流的反沖作用而獲得巨大速度，故A正確；體操運(yùn)動(dòng)員在落地的過程中，動(dòng)量變化一定，由動(dòng)量定理可知，運(yùn)動(dòng)員受到的沖量I一定；由I＝Ft可知，體操運(yùn)動(dòng)員在著地時(shí)屈腿是延長時(shí)間t，可以減小運(yùn)動(dòng)員所受到的平均沖力F，故B正確；用槍射擊時(shí)子彈給槍身一個(gè)反作用力，會(huì)使槍身后退，影響射擊的準(zhǔn)確度，所以為了減小反沖的影響，用槍射擊時(shí)要用肩部抵住槍身，故C正確；為了減輕撞車

11、時(shí)對(duì)司乘人員的傷害程度，就要延長碰撞的時(shí)間，由I＝Ft可知位于車體前部的發(fā)動(dòng)機(jī)艙不能太堅(jiān)固，故D錯(cuò)誤．] 4．BCD　[因?yàn)闆_量是矢量，甲對(duì)乙的作用力與乙對(duì)甲的作用力大小相等、方向相反，由沖量的定義I＝Ft分析可知，甲對(duì)乙的沖量與乙對(duì)甲的沖量大小相等、方向相反，所以沖量不同，故A錯(cuò)誤．相互作用的過程中，甲與乙組成的系統(tǒng)，水平方向不受其他外力，所以系統(tǒng)的動(dòng)量守恒，故B正確．由于乙推甲的過程中，要消耗體能轉(zhuǎn)化為系統(tǒng)的動(dòng)能，根據(jù)能量守恒定律知，甲的動(dòng)能增加量不等于乙的動(dòng)能減少量，故C正確．根據(jù)動(dòng)量守恒定律知：Δp＝0，即有Δp甲＋Δp乙＝0，則得Δp甲＝－Δp乙，即甲、乙的動(dòng)量變化一定大小相等、方

12、向相反，故D正確．] 5．AD　[人在船上行走時(shí)，由于不計(jì)水及空氣的阻力，人和小船組成的系統(tǒng)所受外力之和為零，故系統(tǒng)動(dòng)量守恒，故A正確；以人運(yùn)動(dòng)的方向?yàn)檎较?，根?jù)動(dòng)量守恒定律得：m人v人＋M船v船＝0，得＝－可知，人的速度與船的速度成正比，方向相反，則當(dāng)人運(yùn)動(dòng)的速度增大時(shí)，船運(yùn)動(dòng)的速度也增大，當(dāng)人停止走動(dòng)時(shí)，船也停止后退，故B、C錯(cuò)誤，D正確．] 6．AD　[當(dāng)彈簧壓縮到最短長度時(shí)，甲、乙具有相同的速度，彈簧的勢能最大，甲的速度不為零，故A正確，B錯(cuò)誤；在壓縮彈簧的過程中，甲物塊的一部分動(dòng)能轉(zhuǎn)化為彈簧的彈性勢能，所以甲物塊動(dòng)能的減少量等于乙物塊增加的動(dòng)能以及彈簧增加的彈性勢能的和，故C錯(cuò)

13、誤；在整個(gè)過程中兩個(gè)物塊以及彈簧組成的系統(tǒng)在水平方向的動(dòng)量守恒，所以甲物塊動(dòng)量的減小量和乙物塊動(dòng)量的增加量大小相等，故D正確．] 7．ABD　[A、B兩球動(dòng)能相同，且mA＞mB，可得vB＞vA，再由動(dòng)量和動(dòng)能關(guān)系可得pA＞pB；由動(dòng)量守恒得，碰撞前后A球的動(dòng)量變化量與B球的動(dòng)量變化量大小相等；由題意可知，碰撞后A球的速度一定為零，B球朝反方向運(yùn)動(dòng)，所以A、B、D對(duì)．] 8．BD　[手機(jī)做自由落體運(yùn)動(dòng)，落地的速度v＝＝ m/s≈5.5 m/s，故A錯(cuò)誤；保護(hù)器彈出的時(shí)間應(yīng)小于落地時(shí)間，根據(jù)自由落體的時(shí)間t＝＝ s≈0.55 s，所以保護(hù)器彈出的時(shí)間應(yīng)小于0.55 s，故B正確；根據(jù)P＝mgv

14、得：功率P＝0.16×10×5.5 W＝8.8 W，故C錯(cuò)誤；取豎直向下為正方向，由動(dòng)量定理得(mg－F)t＝0－mv，F(xiàn)＝＋mg＝ N＋0.16×10 N＝19.2 N，故D正確．] 9．AB　[由題意知，碰撞后兩球均有速度，根據(jù)碰撞過程中總動(dòng)能不增加可知，E1p0，故A、B正確，C、D錯(cuò)誤．] 10．BC　[碰撞的瞬間小車和木塊組成的系統(tǒng)動(dòng)量守恒，擺球的速度不會(huì)突變，以小車的初速度方向?yàn)檎较颍襞龊笮≤嚭湍緣K的速度變?yōu)関1和v2，由動(dòng)量守恒定律得：Mv＝Mv1＋mv2，若碰后小車和

15、木塊速度相同，小車和木塊的速度都變?yōu)閡，由動(dòng)量守恒得：Mv＝(M＋m)u，故B、C正確，A、D錯(cuò)誤．] 11．AD 12．AD　[碰撞前，物體A做勻速直線運(yùn)動(dòng)，可知，物體A第三次拍照在90 cm處，第四次拍照在100 cm處，故A正確，B錯(cuò)誤；碰撞前，A滑塊的速度大小為v0＝＝ m/s＝4 m/s，方向向右，碰撞后，A的速度大小為vA＝＝ m/s＝2 m/s，方向向左，B的速度大小為vB＝＝ m/s＝2 m/s，方向向右，取向右為正方向，根據(jù)動(dòng)量守恒定律得：mAv0＝－mAvA＋mBvB，代入數(shù)據(jù)得mA∶mB＝1∶3，故C錯(cuò)誤，D正確．] 13．BC　[小球在擺動(dòng)的過程中做圓周運(yùn)動(dòng)，系統(tǒng)所受的合外力不為零，所以整個(gè)系統(tǒng)動(dòng)量不守恒，故A錯(cuò)誤；從釋放小球到碰撞結(jié)束的過程中，繩子拉力不做功，只有重力做功且為彈性碰撞，所以整個(gè)系統(tǒng)機(jī)械能守恒，故B正確；B與A碰撞過程中水平方向動(dòng)量守恒，動(dòng)量守恒表達(dá)式為mv0＝mv1＋mv2，故C正確，D錯(cuò)誤．] 14．AD　[碰后A球的速度大小變?yōu)樵瓉淼模瑒t：v′＝±v 碰撞過程中A、B動(dòng)量守恒，以v的方向?yàn)檎较颍瑒t有：mv＝mv′＋2mvB， 解得vB＝v或vB＝v，所以選項(xiàng)A、D正確．]