（京津專用）2022高考數學總復習 優(yōu)編增分練：8＋6分項練10 立體幾何 理

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1、（京津專用）2022高考數學總復習 優(yōu)編增分練：8＋6分項練10 立體幾何 理 1．已知a，b為異面直線，下列結論不正確的是(　　) A．必存在平面α，使得a∥α，b∥α B．必存在平面α，使得a，b與α所成角相等 C．必存在平面α，使得a?α，b⊥α D．必存在平面α，使得a，b與α的距離相等 答案　C 解析　由a，b為異面直線知，在A中，在空間中任取一點O(不在a，b上)，過點O分別作a，b的平行線，則由過點O的a，b的平行線確定一個平面α，使得a∥α，b∥α，故A正確；在B中，平移b至b′與a相交，因而確定一個平面α，在α上作a，b′夾角的平分線，明顯可以作出兩條．過角平分

2、線且與平面α垂直的平面使得a，b′與該平面所成角相等，角平分線有兩條，所以有兩個平面都可以．故B正確；在C中，當a，b不垂直時，不存在平面α，使得a?α，b⊥α，故C錯誤；在D中，過異面直線a，b的公垂線的中點作與公垂線垂直的平面α，則平面α使得a，b與α的距離相等，故D正確．故選C. 2．(2018·河南省南陽市第一中學模擬)設m，n是兩條不同的直線，α，β是兩個不同的平面，則下列命題中正確命題的個數為(　　) ①若m⊥α，α⊥β，則m∥β； ②若m⊥α，α∥β，n?β，則m⊥n； ③若m?α，n?β，m∥n，則α∥β； ④若n⊥α，n⊥β，m⊥β，則m⊥α. A．1 B．2

3、 C．3 D．4 答案　B 解析　對于①，若m⊥α，α⊥β，則m∥β或m?β，所以不正確； 對于②，若m⊥α，α∥β，則m⊥β，又由n?β，所以m⊥n正確； 對于③，若m?α，n?β，m∥n，則α∥β或α與β相交， 所以不正確； 對于④，若n⊥α，n⊥β，則α∥β，又由m⊥β，所以m⊥α是正確的， 綜上可知，正確命題的個數為2. 3．(2018·福建省廈門外國語學校模擬)如圖，在正方體ABCD—A1B1C1D1中，E為棱BB1的中點，用過點A，E，C1的平面截去該正方體的下半部分，則剩余幾何體的正(主)視圖是(　　) 答案　A 解析　取DD1的中點F，連接AF

4、，C1F， 平面AFC1E為截面．如圖所示， 所以上半部分的正(主)視圖，如A選項所示，故選A. 4．已知一個幾何體的三視圖如圖所示，則該幾何體的體積是(　　) A. B．8 C. D．6 答案　A 解析　如圖所示，在棱長為2的正方體中， 題圖中的三視圖對應的幾何體為四棱錐P－ADC1B1， 其中P為棱A1D1的中點， 則該幾何體的體積 ＝2＝2 ＝2×××DD1＝. 5．(2018·瀘州模擬)某幾何體的三視圖如圖所示，則該幾何體的外接球的表面積為(　　) A．136π B．144π C．36π D．34π 答案　D 解析　由三視圖可

5、知幾何體為四棱錐E－ABCD，直觀圖如圖所示． 其中，BE⊥平面ABCD，BE＝4，AB⊥AD，AB＝， C到AB的距離為2，C到AD的距離為2， 以A為原點，分別以AD，AB所在直線及平面ABCD過A的垂線為x軸，y軸，z軸，建立空間直角坐標系A－xyz， 則A(0,0,0)，B(0，，0)，C(2,2，0)，D(4,0,0)，E(0，，4)． 設外接球的球心為M(x，y，z)， 則MA＝MB＝MC＝MD＝ME， ∴x2＋y2＋z2＝x2＋(y－)2＋z2 ＝(x－2)2＋(y－2)2＋z2 ＝(x－4)2＋y2＋z2＝x2＋(y－)2＋(z－4)2， 解得x＝2，y

6、＝，z＝2. ∴外接球的半徑r＝MA＝ ＝， ∴外接球的表面積S＝4πr2＝34π. 6.如圖，在直三棱柱ABC－A1B1C1中，已知∠BCA＝90°，∠BAC＝60°，AC＝4，E為AA1的中點，點F為BE的中點，點H在線段CA1上，且A1H＝3HC，則線段FH的長為(　　) A．2 B．4 C. D．3 答案　C 解析　由題意知，AB＝8，過點F作FD∥AB交AA1于點D，連接DH，則D為AE中點，FD＝AB＝4， 又＝＝3，所以DH∥AC，∠FDH＝60°， DH＝AC＝3，由余弦定理得 FH＝＝，故選C. 7．我國古代數學名著《九章算術》中“開立圓術”

7、曰：置積尺數，以十六乘之，九而一，所得開立方除之，即立圓徑．“開立圓術”相當于給出了已知球的體積V，求其直徑d的一個近似公式d≈ ，人們還用過一些類似的近似公式，根據π＝3.141 59…判斷，下列近似公式中最精確的一個是(　　) A．d≈ B．d≈ C．d≈ D．d≈ 答案　D 解析　根據球的體積公式V＝πR3＝π3， 得d＝，設選項中的常數為，則π＝， 選項A代入得π＝＝3.1， 選項B代入得π＝＝3， 選項C代入得π＝＝3.2， 選項D代入得π＝＝3.142 857， D選項更接近π的真實值，故選D. 8．(2018·上饒模擬)在棱長為1的正方體ABC

8、D－A1B1C1D1內有兩個球O1，O2相外切，球O1與面ABB1A1、面ABCD、面ADD1A1相切，球O2與面BCC1B1、面CC1D1D、面B1C1D1A1相切，則兩球表面積之和的最大值與最小值的差為(　　) A．(2－)π B. C．(3－)π D. 答案　A 解析　設球O1，O2的半徑分別為r1，r2， 由題意得r1＋r1＋r2＋r2＝， 所以r1＋r2＝，令a＝. 表面積和為S，所以S＝4πr＋4πr， 所以＝r＋r＝r＋(a－r1)2＝22＋， 又r1最大時，球O1與正方體六個面相切， 且max＝，min＝－＝， 所以r1∈. 又<<， 所以當r

9、1＝時，min＝， 當r1＝或時，max＝a2－a＋， 所以max－min＝－a＋ ＝＝. 所以兩球表面積之和的最大值與最小值的差為(2－)π. 9．(2018·煙臺模擬)某幾何體的三視圖如圖所示，其中俯視圖右側曲線為半圓弧，則幾何體的表面積為________． 答案　3π＋4－2 解析　由三視圖還原出原幾何體是一個半圓柱挖去一個三棱柱，尺寸見三視圖， S＝π×1×2＋2×＋2××2 ＝3π－2＋4. 10．(2018·漳州模擬)在直三棱柱A1B1C1－ABC中，A1B1＝3，B1C1＝4，A1C1＝5，AA1＝2，則其外接球與內切球的表面積的比值為________．

10、答案　 解析　如圖1，分別取AC，A1C1的中點G，H，連接GH， 取GH的中點O，連接OA， 由題意，得A1B＋B1C＝A1C， 即△A1B1C1為直角三角形， 則點O為外接球的球心，OA為半徑， 則R＝OA＝ ＝； 如圖2，作三棱柱的中截面， 則中截面三角形的內心是該三棱柱的內切球的球心， 中截面三角形的內切圓的半徑r＝＝1，也是內切球的半徑，因為R∶r＝∶2， 則其外接球與內切球的表面積的比值為＝. 11.如圖所示，AB是⊙O的直徑，PA⊥⊙O所在的平面，C是圓上一點，且∠ABC＝30°，PA＝AB，則直線PC與平面ABC所成角的正切值為________．

11、 答案　2 解析　因為PA⊥平面ABC，所以AC為斜線PC在平面ABC上的射影，所以∠PCA即為PC與平面ABC所成的角．在Rt△PAC中，AC＝AB＝PA， 所以tan∠PCA＝＝2. 12．(2018·大同、陽泉聯(lián)考)若四面體ABCD的三組對棱分別相等，即AB＝CD，AC＝BD，AD＝BC，給出下列結論： ①四面體ABCD每組對棱相互垂直； ②四面體ABCD每個面的面積相等； ③從四面體ABCD每個頂點出發(fā)的三條棱兩兩夾角之和大于90°而小于180°； ④連接四面體ABCD每組對棱中點的線段相互垂直平分． 其中正確結論的序號是________． 答案　②④ 解析　①將四

12、面體ABCD的三組對棱分別看作平行六面體的面對角線，由于三組對棱分別相等，所以平行六面體為長方體．由于長方體的各面不一定為正方形，所以同一面上的面對角線不一定垂直，從而每組對棱不一定相互垂直，①錯誤；②四面體ABCD的每個面是全等的三角形，面積是相等的，②正確；③由②可知，四面體ABCD的每個面是全等的三角形，從四面體ABCD每個頂點出發(fā)的三條棱兩兩夾角能夠等量代換為同一個三角形內的三個內角，它們之和為180°，③錯誤；④四面體ABCD棱的中點即為長方體側面的中心，所以對棱中點連線都過長方體的中心且相互垂直平分，④正確． 13．(2018·南昌模擬)已知正三棱臺ABC－A1B1C1的上、

13、下底邊長分別為3，4，高為7，若該正三棱臺的六個頂點均在球O的球面上，且球心O在正三棱臺ABC－A1B1C1內，則球O的表面積為________． 答案　100π 解析　因為正三棱臺ABC－A1B1C1的上、下底邊長分別為3，4， 取正三棱臺的上、下底面的中心分別為E，E1， 則正三棱臺的高為h＝EE1＝7， 在上下底面的等邊三角形中， 可得AE＝AD＝3，A1E1＝A1D1＝4， 則球心O在直線EE1上，且半徑為R＝OA＝OA1， 所以＝，且OE＋OE1＝7， 解得OE＝4，所以R＝＝5， 所以球O的表面積為S＝4πR2＝100π. 14．已知三棱錐O—ABC中，A，B，C三點均在球心為O的球面上，且AB＝BC＝1，∠ABC＝120°，若球O的體積為，則三棱錐O—ABC的體積是________． 答案　 解析　三棱錐O—ABC中，A，B，C三點均在球心為O的球面上，且AB＝BC＝1，∠ABC＝120°，則AC＝， ∴S△ABC＝×1×1×sin 120°＝，設球半徑為R，由球的體積V1＝πR3＝，解得R＝4.設△ABC外接圓的圓心為G，∴外接圓的半徑為GA＝＝1， ∴OG＝＝＝， ∴三棱錐O —ABC的體積為 V2＝S△ABC·OG＝××＝.