重慶市南開(kāi)中學(xué)2018_2019學(xué)年高二物理期末考試試卷（含解析）.docx

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1、2018-2019學(xué)年重慶市南開(kāi)中學(xué)高二期末考試物理試題此卷只裝訂不密封班級(jí) 姓名 準(zhǔn)考證號(hào) 考場(chǎng)號(hào) 座位號(hào) 物理注意事項(xiàng)：1答題前，先將自己的姓名、準(zhǔn)考證號(hào)填寫(xiě)在試題卷和答題卡上，并將準(zhǔn)考證號(hào)條形碼粘貼在答題卡上的指定位置。2選擇題的作答：每小題選出答案后，用2B鉛筆把答題卡上對(duì)應(yīng)題目的答案標(biāo)號(hào)涂黑，寫(xiě)在試題卷、草稿紙和答題卡上的非答題區(qū)域均無(wú)效。3非選擇題的作答：用簽字筆直接答在答題卡上對(duì)應(yīng)的答題區(qū)域內(nèi)。寫(xiě)在試題卷、草稿紙和答題卡上的非答題區(qū)域均無(wú)效。4考試結(jié)束后，請(qǐng)將本試題卷和答題卡一并上交。第I卷（選擇題)一、單選題1關(guān)于通電直導(dǎo)線在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中所受的安培力，下列說(shuō)法正確的是（ ）A安培

2、力的方向可以不垂直于直導(dǎo)線B安培力的方向總是垂直于磁場(chǎng)的方向C安培力的大小與通電直導(dǎo)線和磁場(chǎng)方向的夾角無(wú)關(guān)D將直導(dǎo)線從中點(diǎn)折成直角，安培力的大小一定變?yōu)樵瓉?lái)的一半2交流發(fā)電機(jī)發(fā)電示意圖如圖所示,線圈轉(zhuǎn)動(dòng)過(guò)程中,下列說(shuō)法正確的是（ ）A轉(zhuǎn)到圖甲位置時(shí)，通過(guò)線圈的磁通量變化率最大B轉(zhuǎn)到圖乙位置時(shí)，線圈中產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)為零C轉(zhuǎn)到圖丙位置時(shí)，線圈中產(chǎn)生的感應(yīng)電流最大D轉(zhuǎn)到圖丁位置時(shí)，AB邊感應(yīng)電流方向?yàn)锳B3如圖所示，金屬棒AB原來(lái)處于靜止?fàn)顟B(tài)(懸掛)由于CD棒的運(yùn)動(dòng)，導(dǎo)致AB棒向右擺動(dòng)，則CD棒()A向右平動(dòng) B向左平動(dòng) C向里平動(dòng) D向外平動(dòng)4如圖所示，質(zhì)量為m的金屬環(huán)用線懸掛起來(lái)，金屬環(huán)有一半

3、處于水平且與環(huán)面垂直的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，從某時(shí)刻開(kāi)始，磁感應(yīng)強(qiáng)度均勻減小，則在磁感應(yīng)強(qiáng)度均勻減小的過(guò)程中，關(guān)于線拉力的大小下列說(shuō)法中正確的是()A大于環(huán)重力mg，并逐漸減小B始終等于環(huán)重力mgC小于環(huán)重力mg，并保持恒定D大于環(huán)重力mg，并保持恒定5如圖所示，速度選擇器中磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B和電場(chǎng)強(qiáng)度大小為E，兩者相互垂直；一束帶電粒子以一定的初速度沿直線通過(guò)速度選擇器后從狹縫P進(jìn)入另一磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，最后打在平板S的D1D2上，不計(jì)粒子重力，則( )A該束粒子帶負(fù)電B速度選擇器中的磁場(chǎng)方向垂直紙面回里C打在D1處的粒子大于打在D2處的粒子的速度D打在D1處的比荷大于打在D2處的粒子的比

4、荷6如圖,E為電源,其內(nèi)阻為r,L為小燈泡(其燈絲電阻可視為不變),R1、R2為定值電阻,R3為光敏電阻(其阻值大小隨所受照射光強(qiáng)度的增大而減小),V為理想電壓表。若將照射R3的光的強(qiáng)度增強(qiáng),則( )A小燈泡變暗 B通過(guò)R2的電流變大C電壓表的示數(shù)變小 D電源內(nèi)阻的功率變大7如圖所示,交流電流表A1、A2、A3分別與電容器C線圈L和電阻R串聯(lián)后接在同一個(gè)交流電源上,供電電壓瞬時(shí)值為U1=Umsin1t,三個(gè)電流表讀數(shù)相同。現(xiàn)換另一個(gè)電源供電,供電電壓瞬時(shí)值為U2=Umsin2t,2=21.改換電源后,三個(gè)電流表的讀數(shù)將( )AA1將減小,A2將增大,A3將不變 BA1將增大,A2將減小,A3將

5、不變CA1將不變,A2將減小,A3將增大 DA1將減小,A2將減小,A3將不變8一個(gè)匝數(shù)為100匝，電阻為0.5的閉合線圈處于某一磁場(chǎng)中，磁場(chǎng)方向垂直于線圈平面，從某時(shí)刻起穿過(guò)線圈的磁通量按圖示規(guī)律變化。則線圈中產(chǎn)生交變電流的有效值為( )A4.0 A B2.0 A C2 A D0.01 A9如圖所示，一質(zhì)量為m，電荷量為+q的帶正電絕緣體物塊位于高度略大于物塊高的水平寬敞絕緣隧道中，隧道足夠長(zhǎng)，物塊上、下表面與隧道上、下表面的動(dòng)摩擦因數(shù)均為，整個(gè)空間存在垂直紙面向里、磁感應(yīng)強(qiáng)度為B的勻強(qiáng)磁場(chǎng)現(xiàn)給物塊水平向右的初速度v0，空氣阻力忽略不計(jì)，物塊電荷量不變，則整個(gè)運(yùn)動(dòng)過(guò)程中，物塊克服阻力做功不可

6、能為（）A0 Bmv02 Cmv02+ Dmv0210如圖所示，一個(gè)帶正電荷的物塊m，由靜止開(kāi)始從斜面上A點(diǎn)下滑，滑到水平面BC上的D點(diǎn)停下來(lái)。已知物塊與斜面及水平面間的動(dòng)摩擦因數(shù)相同，且不計(jì)物塊經(jīng)過(guò)B處時(shí)的機(jī)械能損失?，F(xiàn)在ABC所在空間加豎直向下的勻強(qiáng)電場(chǎng)，第二次讓物塊m從A點(diǎn)由靜止開(kāi)始下滑，結(jié)果物塊在水平面上的D點(diǎn)停下來(lái)。后又撤去電場(chǎng)，在ABC所在空間加水平向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，再次讓物塊m從A點(diǎn)由靜止開(kāi)始下滑，結(jié)果物塊沿斜面滑下并在水平面上的D點(diǎn)停下來(lái)則以下說(shuō)法中正確的是（ ）AD點(diǎn)一定在D點(diǎn)左側(cè)BD點(diǎn)一定與D點(diǎn)重合CD點(diǎn)一定在D點(diǎn)右側(cè)DD點(diǎn)一定與D點(diǎn)重合二、多選題11如圖，水平地面上有一個(gè)傾

7、角為的斜面，其表面絕緣.另一個(gè)帶正電的滑塊放在斜面上，兩物體均處于靜止?fàn)顟B(tài)。當(dāng)加上水平向右的勻強(qiáng)電場(chǎng)后，滑塊與斜面仍相對(duì)地面靜止，則（）A滑塊對(duì)斜面的壓力一定變大 B斜面體對(duì)地面的壓力一定變大C滑塊與斜面間的摩擦力一定變大 D斜面體與地面間的摩擦力一定變大12如圖所示是教材中演示自感現(xiàn)象的兩個(gè)電路圖,L1和L2為自感系數(shù)很大、直流電阻不計(jì)的線圈,下列說(shuō)法中正確的是（ ）A閉合開(kāi)關(guān)S1,待電路穩(wěn)定后,燈A1熄滅B開(kāi)關(guān)S2接通瞬間,燈A2、A3同時(shí)變亮C閉合開(kāi)關(guān)S1,待電路穩(wěn)定后,斷開(kāi)S1瞬間,燈A1突然閃亮,隨后逐漸熄滅D閉合開(kāi)關(guān)S2,電路穩(wěn)定后,斷開(kāi)S2瞬間,燈A2、A3立即熄滅13如圖,靜止

8、的金屬棒ab、cd與足夠長(zhǎng)的水平光滑金屬導(dǎo)軌垂直且接觸良好,勻強(qiáng)磁場(chǎng)豎直向下.ab棒在恒力F作用下向右運(yùn)動(dòng),則( )A安培力對(duì)ab棒做正功 Babdca回路的磁通量先增加后減少C安培力對(duì)cd棒做正功 DF做的功等于回路產(chǎn)生的總熱量和系統(tǒng)動(dòng)能增量之和14如圖,理想變壓器原、副線圈匝數(shù)比n1:n2=2:1，電壓表和電流表均為理想電表，燈泡電阻RL=6，AB端電壓U1=12sin100t(V)；下列說(shuō)法正確的是( )A電流頻率為50Hz B電壓表的讀數(shù)為6VC電流表的讀數(shù)為0.5A D變壓器輸入功率為6W15如圖,正方形導(dǎo)線框ABCD、abcd的邊長(zhǎng)均為L(zhǎng),電阻均為R,質(zhì)量分別為2m和m,它們分別系

9、在一跨過(guò)兩個(gè)定滑輪的輕繩兩端,且正方形導(dǎo)線框與定滑輪處于同一豎直平面內(nèi)。在兩導(dǎo)線框之間有一寬度為2L、磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B方向垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng)。開(kāi)始時(shí)導(dǎo)線框ABCD的下邊與勻強(qiáng)磁場(chǎng)的上邊界重合,導(dǎo)線框abcd的上邊到勻強(qiáng)磁場(chǎng)的下邊界的距離為L(zhǎng).現(xiàn)將系統(tǒng)由靜止釋放,當(dāng)導(dǎo)線框ABCD剛好全部進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí),系統(tǒng)開(kāi)始做勻速運(yùn)動(dòng)。不計(jì)摩擦和空氣阻力,則( )A兩線框剛開(kāi)始做勻速運(yùn)動(dòng)時(shí)輕繩上的張力FT=mgB系統(tǒng)勻速運(yùn)動(dòng)的速度大?。簐=mgR/B2L2C導(dǎo)線框abcd通過(guò)磁場(chǎng)的時(shí)間t=2B2L3/mgRD兩線框從開(kāi)始運(yùn)動(dòng)至等高的過(guò)程中所產(chǎn)生的總焦耳熱Q=2mgL3m3g2R2/2B4L416如圖(a)所

10、示，在半徑為R的虛線區(qū)域內(nèi)存在周期性變化的磁場(chǎng)，其變化規(guī)律如圖(b)所示。薄擋板MN兩端點(diǎn)恰在圓周上，且MN所對(duì)的圓心角為120 。在t=0時(shí)，一質(zhì)量為m、電荷量為+q的帶電粒子，以初速度v從A點(diǎn)沿直徑AOB射入場(chǎng)區(qū)，運(yùn)動(dòng)到圓心O后，做一次半徑為的完整的圓周運(yùn)動(dòng)，再沿直線運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn)，在B點(diǎn)與擋板碰撞后原速率返回（碰撞時(shí)間不計(jì)，電荷量不變），運(yùn)動(dòng)軌跡如圖(a)所示。粒子的重力不計(jì)，不考慮變化的磁場(chǎng)所產(chǎn)生的電場(chǎng)，下列說(shuō)法正確的是（ ）A磁場(chǎng)方向垂直紙面向外B圖(b)中C圖(b)中D若t=0時(shí)，質(zhì)量為m、電荷量為-q的帶電粒子，以初速度v從A點(diǎn)沿AO入射，偏轉(zhuǎn)、碰撞后，仍可返回A點(diǎn)第II卷（非選擇題

11、)三、實(shí)驗(yàn)題17“探究LED燈的伏安特性”實(shí)驗(yàn)中,所用器材有:燈泡L1與L2(最大阻值均為幾十歐)、量程適當(dāng)?shù)碾娏鞅鞟(內(nèi)阻約幾歐)和電壓表V(內(nèi)阻非常大)、直流電源E、滑動(dòng)變阻器R、電鍵S。(1)某同學(xué)已連接好如圖甲所示的電路,在閉合電鍵前,請(qǐng)仔細(xì)辨圖,指出圖中的不當(dāng)之處_；A.不應(yīng)采用電流表外接法 B.電流不應(yīng)從電壓表的負(fù)接線柱流入C.不應(yīng)采用滑動(dòng)變阻器的分壓接法 D.滑動(dòng)變阻器的滑片不應(yīng)位于中間 (2)修正電路后,閉合電鍵,移動(dòng)滑動(dòng)變阻器的滑片并得到燈泡L1的I-U圖像如圖乙中的圖線L1,則可知燈L1的電阻隨電壓增大而_(填“變大”“變小”或“不變)；(3)換用燈L2重做實(shí)驗(yàn),得其I-U

12、圖像如圖乙中的圖線L2,現(xiàn)將滑動(dòng)變阻器的滑片移至合適位置并固定,同時(shí)撤去“導(dǎo)線1”接燈L2時(shí)電流表的讀數(shù)為0.16A,接燈L1時(shí)電流的讀數(shù)為0.08A,當(dāng)燈被短路時(shí),電流表的讀數(shù)應(yīng)為_(kāi)(結(jié)果保留兩位有效數(shù)字)；18小明在實(shí)驗(yàn)室開(kāi)展探究實(shí)驗(yàn),他將一根銅棒和一根鋅棒插入一只蘋(píng)果內(nèi),就組成一個(gè)簡(jiǎn)單的“水果電池”,將三個(gè)蘋(píng)果電池串聯(lián)起來(lái)組成電池組,進(jìn)行以下實(shí)驗(yàn)：(1)選用多用電表的直流電壓(02.5V)擋粗略測(cè)量該電池組的電動(dòng)勢(shì),指針位置如圖所示,其示數(shù)為_(kāi)V； (2)對(duì)該電池組進(jìn)行電動(dòng)勢(shì)與內(nèi)阻的精確測(cè)量(已知該電池組內(nèi)阻約為500),現(xiàn)有如下器材:電流表A1:量程20mA,內(nèi)阻為10 電流表A2:量

13、程38mA,內(nèi)阻為10滑動(dòng)變阻器R1:阻值范圍為030 滑動(dòng)變阻器R2:阻值范圍為03K定值電阻R0:阻值為990 開(kāi)關(guān)一個(gè),導(dǎo)線若干實(shí)驗(yàn)中應(yīng)該選用的滑動(dòng)變阻器是_(填“R1”或“R2)根據(jù)實(shí)驗(yàn)要求在下框中填入所需元件字母,將實(shí)驗(yàn)電路圖補(bǔ)充完整_；根提實(shí)驗(yàn)電路圖進(jìn)行實(shí)驗(yàn),得到兩只電流表讀數(shù)的多組數(shù)據(jù),在圖中繪出對(duì)應(yīng)數(shù)據(jù)的圖象如下圖,可求得該電池組的電動(dòng)勢(shì)與內(nèi)電阻分別為:E_V；r=_(r的計(jì)算結(jié)果保留三位有效數(shù)字)。四、解答題19如圖，一個(gè)100匝的閉合圓形線圈, 面積為S=20cm2, ,放在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中,線圈平面跟磁感線方向垂直。勻強(qiáng)磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度B隨時(shí)間t變化的規(guī)律如圖(b)所示。設(shè)t=

14、0時(shí),B的方向如圖(a)所示,垂直于紙面向里。求：(1)線圈在04103s內(nèi)的平均感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)的大?。?2)若線圈總電阻為3，則,10s內(nèi)線圈中產(chǎn)生的熱量大小。20如圖所示為離子分析裝置的簡(jiǎn)化模型,空間存在以虛線OP為分界線的范圍足夠?qū)拸V勻強(qiáng)電場(chǎng)和勻強(qiáng)磁場(chǎng),電場(chǎng)方向與分界線垂直,電場(chǎng)強(qiáng)度大小E磁感應(yīng)強(qiáng)度大小B，OP=a?，F(xiàn)有某一速率為v的正離子從O點(diǎn)垂直于OP飛入勻強(qiáng)磁場(chǎng)區(qū)域,經(jīng)兩個(gè)半圓周后豎直向上通過(guò)P點(diǎn),不計(jì)離子的重力及空氣阻力,求： (1)該正離子的比荷；(2)該正離子從O點(diǎn)出發(fā)到豎直向上通過(guò)P點(diǎn)全程所用的時(shí)間。21某水電站的輸出功率為P0=100kW,向遠(yuǎn)處的用戶供電。電站采用升壓變壓器

15、升壓后再輸電, 到達(dá)用戶后再用降壓變壓器將電壓降為U4=220V供用戶使用。已知輸電導(dǎo)線的總電阻R=5. 輸電線路損失的功率為輸出功率的2%,兩臺(tái)變壓器均為理想變壓器，求：(1)輸電線上的電壓損失值U損；(2)降壓變壓器原、副線圈的匝數(shù)比.22如圖，在同一水平面中的光滑平行導(dǎo)軌P、Q相距L=1.5m,導(dǎo)軌左端接有如圖的電路。其中水平放置的平行板電容器兩極板M、N部距離d=10mm,定值電阻R1=R2=12,R3=2,金屬棒ab電阻r=2,其它電阻不計(jì)。磁感應(yīng)強(qiáng)度B=0.5T的勻強(qiáng)磁場(chǎng)豎直向下穿過(guò)導(dǎo)軌平面,在外力F作用下金屬棒ab沿導(dǎo)軌向右勻速運(yùn)動(dòng)時(shí),質(zhì)量m=11014kg,帶電量q=11014

16、C的微粒恰好懸浮于電容器兩極板間。取g=10m/s2，在整個(gè)運(yùn)動(dòng)過(guò)程中金屬棒與導(dǎo)軌接觸良好。且運(yùn)動(dòng)速度保持恒定。試求： (1)R1兩端的路端電壓；(2)金屬棒ab向右勻速運(yùn)動(dòng)的速度大小；(3)在金屬棒ab沿導(dǎo)軌向右勻速運(yùn)動(dòng)2m過(guò)程中，回路中產(chǎn)生的總熱量。23如圖所示,半徑R=0.5m的絕緣圓形容器左側(cè)有一平行板電容器,電容器內(nèi)有電場(chǎng),無(wú)磁場(chǎng)，兩極板與水平直徑平行,下極板剛好在水平半徑OA上,下極板有一小孔C。一帶正電的粒了從靠近上板處?kù)o止釋放,經(jīng)電場(chǎng)加速后從下小孔C處以豎直向下的速度出射,當(dāng)粒子離開(kāi)電場(chǎng)后就立即撤掉平行板電容器,同時(shí)加上垂直平面向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng)B=10-2T。已知粒子的比荷為41

17、08C/kg，C點(diǎn)與圓形容器最左端A距離為d,不計(jì)子的重力。求： (1)當(dāng)加速電壓為U1=200V時(shí),帶電粒子在磁場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)半徑；(2)如果d=0.2m,為防止粒子打到絕緣容器上,加速電壓U應(yīng)滿足什么條件；(3)將磁場(chǎng)反向,調(diào)節(jié)加速電壓,使粒子能垂直打到絕緣容器壁上,粒子與器壁碰撞后原速反彈且電量不變最后粒子好回到C點(diǎn),則當(dāng)d為多大時(shí),粒子回到C點(diǎn)用時(shí)最短,最短時(shí)間為多少。2018-2019學(xué)年重慶市南開(kāi)中學(xué)高二期末考試物理試題物理答案1B【解析】本題考查了產(chǎn)生條件、大小與方向，當(dāng)電流方向與磁場(chǎng)平行時(shí)不受安培力，根據(jù)左手定則可知安培力的方向與磁場(chǎng)垂直引用公式F=BIL時(shí)，注意要求磁場(chǎng)與電流垂直

18、，若不垂直應(yīng)當(dāng)將導(dǎo)線沿磁場(chǎng)與垂直于磁場(chǎng)分解，因此垂直時(shí)安培力最大，最大為F=BILA、B、根據(jù)左手定則可知，安培力方向與磁場(chǎng)和電流組成的平面垂直，即與電流和磁場(chǎng)方向都垂直，故A錯(cuò)誤，B正確；C、磁場(chǎng)與電流不垂直時(shí)，安培力的大小為F=BILsin，則安培力的大小與通電導(dǎo)線和磁場(chǎng)方向的夾角有關(guān)，故C錯(cuò)誤；D、當(dāng)電流方向與磁場(chǎng)的方向平行，所受安培力為0，將直導(dǎo)線從中折成直角，讓其中的一半與磁場(chǎng)的方向平行，安培力的大小將變?yōu)樵瓉?lái)的一半；將直導(dǎo)線在垂直于磁場(chǎng)的方向的平面內(nèi)從中折成直角，安培力的大小一定變?yōu)樵瓉?lái)的，故D錯(cuò)誤故選：B【點(diǎn)評(píng)】解決本題的關(guān)鍵是知道當(dāng)導(dǎo)線的方向與磁場(chǎng)的方向平行，所受安培力為0，最

19、小當(dāng)導(dǎo)線的方向與磁場(chǎng)方向垂直時(shí)，安培力最大，為F=BIL2D【解析】轉(zhuǎn)到圖甲位置時(shí)，線圈平面與磁感線垂直，磁通量最大，但磁通量變化率最小為零，故A錯(cuò)誤；轉(zhuǎn)到圖乙位置時(shí)，線圈產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)最大，故B錯(cuò)誤；轉(zhuǎn)到圖丙位置時(shí)，線圈位于中性面位置，此時(shí)感應(yīng)電流最小，且感應(yīng)電流方向改變，故C錯(cuò)誤；轉(zhuǎn)到圖丁位置時(shí)，根據(jù)楞次定律可知AB邊感應(yīng)電流方向?yàn)锳B，故D正確；故選D?！军c(diǎn)睛】此題主要考查了發(fā)電機(jī)的工作原理。要知道發(fā)電機(jī)是根據(jù)電磁感應(yīng)原理制成的。感應(yīng)電流的方向與導(dǎo)體切割磁感線的方向有關(guān)，能夠通過(guò)線圈的轉(zhuǎn)動(dòng)情況，判斷線圈中產(chǎn)生的感應(yīng)電流放向的變化.3D【解析】若CD棒水平向右運(yùn)動(dòng)或水平向左擺動(dòng)，則運(yùn)動(dòng)方

20、向與磁場(chǎng)方向平行，沒(méi)有感應(yīng)電流產(chǎn)生，則AB棒不會(huì)受安培力作用，不會(huì)運(yùn)動(dòng)，故AB錯(cuò)誤；若CD棒垂直紙面向里平動(dòng)，由右手定則判斷感應(yīng)電流由A到B，由左手定則判斷AB受力向左，則AB將向左擺動(dòng)，與題干不符，故C錯(cuò)誤；若CD棒垂直紙面向外平動(dòng)，由右手定則判斷感應(yīng)電流由B到A，由左手定則判斷AB受力向右，則AB將向右擺動(dòng)，故D正確；故選D?！军c(diǎn)睛】本題考查左手定則和右手定則的靈活應(yīng)用，判斷電流的方向用右手定則，判斷力的方向用左手定則4A【解析】磁感應(yīng)強(qiáng)度均勻減小，穿過(guò)回路的磁通量均勻減小，根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律得知，回路中產(chǎn)生恒定的電動(dòng)勢(shì)，感應(yīng)電流也恒定不變由楞次定律可知，感應(yīng)電流方向：順時(shí)針，再由左手

21、定則可得，安培力的合力方向：豎直向下金屬環(huán)始終保持靜止，則拉力大于重力，由于磁感應(yīng)強(qiáng)度均勻減小所以拉力的大小也逐漸減小，故A正確，BCD均錯(cuò)誤考點(diǎn)：本題考查法拉第電磁感應(yīng)定律、楞次定律。5B【解析】帶電粒子在磁場(chǎng)中向下偏轉(zhuǎn)，根據(jù)左手定則，知該粒子帶正電，而速度選擇器中正電荷受到電場(chǎng)力向下，則受到的洛倫茲力向上，則磁場(chǎng)方向垂直紙面向里，故A錯(cuò)誤，B正確；粒子經(jīng)過(guò)速度選擇器時(shí)所受的電場(chǎng)力和洛倫茲力平衡，有：qE=qvB則，即所有進(jìn)入磁場(chǎng)B的粒子的速度都是相同的，即打在D1處的粒子等于打在D2處的粒子的速度，故C錯(cuò)誤；粒子在磁場(chǎng)B中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)， 經(jīng)過(guò)速度選擇器進(jìn)入磁場(chǎng)B的粒子速度相等，根據(jù)知，打

22、在D1處的比荷小于打在D2處的粒子的比荷，故D錯(cuò)誤。故選B?！军c(diǎn)睛】解決本題的關(guān)鍵知道粒子在速度選擇器中做勻速直線運(yùn)動(dòng)，在磁場(chǎng)中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，明確洛倫茲力充當(dāng)向心力的正確應(yīng)用是解題的關(guān)鍵。6D【解析】將照射R3的光的強(qiáng)度增強(qiáng)，光敏電阻的阻值減小，電路中的總電阻減?。挥砷]合電路歐姆定律可得，電路中干路電流增大，故R1兩端的電壓增大，電壓表的示數(shù)變大。故C錯(cuò)誤；因干路電流增大，電源的內(nèi)電壓增大則路端電壓減小，同時(shí)R1兩端的電壓增大，故并聯(lián)電路部分電壓減小，則流過(guò)R2的電流減小，流過(guò)燈泡的電流一定增大，燈泡變亮，故AB錯(cuò)誤；干路電流增大，則電源內(nèi)阻的功率變大，故D正確；故選D?！军c(diǎn)睛】閉合電路的動(dòng)

23、態(tài)分析問(wèn)題一般按外電路、內(nèi)電路再外電路的分析思路進(jìn)行；分析內(nèi)電路主要根據(jù)總電流及內(nèi)阻分析內(nèi)壓，而外電路較為復(fù)雜，要注意靈活應(yīng)用電路的性質(zhì)7B【解析】由公式2f=知，后來(lái)交流電的頻率變大，線圈的感抗變大，電容器的容抗變小，對(duì)電阻沒(méi)影響，所以A1示數(shù)將增大，A2數(shù)將減小，A3示數(shù)不變，所以選項(xiàng)B正確，ACD錯(cuò)誤。故選B?！军c(diǎn)睛】此題考查電容、電感對(duì)交變電流的影響，也就是容抗、感抗與交變電流的關(guān)系當(dāng)交變電流的頻率變大時(shí)，線圈的感抗變大，電容器的容抗變小8C【解析】0-0.5s內(nèi)的磁通量變化率為：K=Wb/s=0.02Wb/s，則感應(yīng)電動(dòng)勢(shì) ；則感應(yīng)電流；在0.5s-1s內(nèi)磁通量不變，感應(yīng)電流為零；設(shè)

24、有效值為I，則 ，即 ，解得I=2A；故選C.【點(diǎn)睛】求解電流的有效值時(shí)抓住三個(gè)相同，即相同時(shí)間，相同電阻，產(chǎn)生相同熱量。9C【解析】由題意對(duì)滑塊受力分析，因不知道開(kāi)始時(shí)滑塊所受洛倫茲力與重力誰(shuí)大，故彈力方向大小均不能確定，應(yīng)討論：若滑塊受到向上的洛倫茲力F=mg，則支持力FN=0，摩擦力f=0，滑塊將勻速運(yùn)動(dòng)，摩擦力不做功，故A可能；若Fmg，則彈力方向向上，豎直方向滿足FN+F=mg，水平方向受摩擦力向左，滑塊做減速運(yùn)動(dòng)，由F=qvB知，F(xiàn)減小，F(xiàn)N則增大，f增大，由-f=ma可知，v繼續(xù)減小，最后減為零，由動(dòng)能定理知，-W=0-mv02，解得：W=mv02，故B可能；若Fmg，則滑塊受到

25、向下的壓FN，在豎直方向滿足F=mg+FN，滑塊向右做減速運(yùn)動(dòng)，由動(dòng)態(tài)分析知，當(dāng)F=mg時(shí)FN=0，f=0，最終滑塊做勻速運(yùn)動(dòng)，此時(shí)滿足：qvB=mg，解得：，對(duì)滑塊整個(gè)過(guò)程由動(dòng)能定理得：-W= mv2-mv02，聯(lián)立解得：W=mv02，故C不可能，D可能；本題選不可能的，故選C?！军c(diǎn)睛】洛倫茲力是變力，其方向時(shí)刻與速度方向垂直，故洛倫茲力永不做功，涉及到洛倫茲力與功、動(dòng)能等問(wèn)題，要用動(dòng)能定理求解10BC【解析】設(shè)AB斜面與水平面的夾角為，以物塊為研究對(duì)象進(jìn)行受力分析由動(dòng)能定理有，化簡(jiǎn)解得：，當(dāng)加上豎直向下的勻強(qiáng)電場(chǎng)后滿足，聯(lián)立可得知，所以與D點(diǎn)一定重合，故選項(xiàng)A錯(cuò)誤、B正確；加上勻強(qiáng)磁場(chǎng)，物

26、塊受到垂直于運(yùn)動(dòng)方向的洛倫茲力的作用，洛倫茲力不做功，與第一種情況相比，摩擦力變小，但克服摩擦力做的功不變，重力做功不變，由動(dòng)能可知，物塊滑行的位移比第一種情況大，即一定在D點(diǎn)右側(cè)，所以選項(xiàng)C正確、D錯(cuò)誤。考點(diǎn)：動(dòng)能定理、靜電場(chǎng)、洛倫茲力11AD【解析】未加電場(chǎng)前，斜面體對(duì)滑塊的支持力N=mgcos，加上電場(chǎng)后，支持力的大小變?yōu)镹=mgcos+qEsin，知滑塊對(duì)斜面的壓力變大。故A正確。對(duì)整體分析，未加電場(chǎng)時(shí)，水平方向上不受力，斜面體與地面的摩擦力為零，加上電場(chǎng)后，整體受到水平向左的摩擦力，知斜面體與地面間的摩擦力增大。豎直方向支持力的大小仍然等于總重力，所以斜面體與地面間的壓力不變。故D正

27、確，B錯(cuò)誤?；瑝K開(kāi)始受重力、支持力和靜摩擦力處于平衡，加上勻強(qiáng)電場(chǎng)后，滑塊多了一個(gè)水平向右的電場(chǎng)力，所受的靜摩擦力方向可能沿斜面向上，可能沿斜面向下，則摩擦力的大小可能減小、可能增大，可能不變。故C錯(cuò)誤。故選AD。12AC【解析】閉合開(kāi)關(guān)S1，待電路穩(wěn)定后，因線圈的電阻為零，則燈A1被短路而熄滅，斷開(kāi)S1瞬間，由于線圈產(chǎn)生自感電動(dòng)勢(shì)阻礙電流的減小，則在燈泡和線圈之間再次形成回路，則燈A1突然閃亮，隨后逐漸熄滅，選項(xiàng)AC正確；開(kāi)關(guān)S2接通瞬間，燈A3立即亮起來(lái)，而燈A2由于與線圈串聯(lián)，則要阻礙電流的增加，可知A2逐漸變亮；電路穩(wěn)定后，斷開(kāi)S2瞬間，通過(guò)燈A3原來(lái)的電流立即消失，而線圈中藥產(chǎn)生自感

28、電動(dòng)勢(shì)阻礙電流的減小，則在燈A2、A3中組成新的回路，電流慢慢減小，即燈A2、A3都會(huì)慢慢熄滅，選項(xiàng)BD錯(cuò)誤；故選AC.【點(diǎn)睛】當(dāng)通過(guò)線圈本身的電流變化時(shí)，線圈中會(huì)產(chǎn)生自感現(xiàn)象，這是一種特殊的電磁感應(yīng)現(xiàn)象，可運(yùn)用楞次定律分析自感電動(dòng)勢(shì)對(duì)電流的影響。13CD【解析】ab棒在恒力F作用下向右做加速運(yùn)動(dòng)，根據(jù)楞次定律可知，回路中將產(chǎn)生的感應(yīng)電流沿acdba方向，由左手定則判斷可知，ab棒所受的安培力方向向左，cd棒所受的安培力方向向右，則安培力對(duì)ab棒做負(fù)功，對(duì)cd棒做正功。故A錯(cuò)誤，C正確。兩棒最終都做勻加速運(yùn)動(dòng)，速度之差恒定，ab棒的速度大于cd棒的速度，兩板間距離增大，則abdca回路的磁通量

29、一直增加。故B錯(cuò)誤。根據(jù)能量守恒定律得知，F(xiàn)做的功等于回路產(chǎn)生的總熱量和系統(tǒng)動(dòng)能增量之和。故D正確。故選CD。【點(diǎn)睛】本題的解題關(guān)鍵是分析導(dǎo)體棒受力情況，來(lái)確定其運(yùn)動(dòng)情況，從而判斷磁通量如何變化，同時(shí)明確功能關(guān)系的應(yīng)用，能正確分析能量轉(zhuǎn)化的方向14ABD【解析】AB端電壓U1=12sin100t（V），其角速度=100rad/s，所以其頻率：f50Hz故A正確；電源電壓有效值為12 V，由電壓之比等于匝數(shù)之比可得，副線圈兩端電壓有效值為6 V，電壓表測(cè)量的是有效值，示數(shù)也為6V，故B正確；電壓表的示數(shù)為6V，燈泡電阻RL=6，根據(jù)歐姆定律：故C錯(cuò)誤；輸出功率：P=U2I=61=6W，根據(jù)輸入功

30、率等于輸出功率，所以變壓器輸入功率為6W，故D正確；故選ABD?！军c(diǎn)睛】本題考查變壓器原理；只要知道變壓器的特點(diǎn)：匝數(shù)之比等于電壓之比，輸入功率等于輸出功率15BD【解析】導(dǎo)線框ABCD剛好全部進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)磁通量不再變化，回路中沒(méi)有感應(yīng)電流，則線框ABCD不受安培力，只受重力和繩子拉力，做勻速運(yùn)動(dòng)，根據(jù)平衡條件：FT=2mg，故A錯(cuò)誤；線框ABCD完全進(jìn)入磁場(chǎng)后，abcd中開(kāi)始產(chǎn)生感應(yīng)電流，根據(jù)根據(jù)平衡條件：mg+=2mg，得：，故B正確；abcd勻速運(yùn)動(dòng)完全進(jìn)入磁場(chǎng)后不再有感應(yīng)電流，不再受安培力，但ABCD開(kāi)始穿出磁場(chǎng)，產(chǎn)生感應(yīng)電流受安培力作用，當(dāng)ABCD穿出磁場(chǎng)后不再有感應(yīng)電流不再受安培力后

31、abcd又開(kāi)始穿出磁場(chǎng)產(chǎn)生感應(yīng)電流受安培力，受力分析知系統(tǒng)始終勻速運(yùn)動(dòng)，故abcd通過(guò)磁場(chǎng)的時(shí)間，故C錯(cuò)誤；等高時(shí)速度為v，根據(jù)能量守恒：2mg2L-mg2L=（m+2m）v2+Q，得：Q=2mgL-，故D正確；故選BD?！军c(diǎn)睛】本題是電磁感應(yīng)中的力學(xué)問(wèn)題，安培力的計(jì)算和分析能量如何轉(zhuǎn)化是解題關(guān)鍵，要加強(qiáng)訓(xùn)練，熟練掌握法拉第定律、歐姆定律、安培力等等基礎(chǔ)知識(shí)，提高解題能力16BC【解析】根據(jù)軌跡可知，帶正電的粒子從O點(diǎn)向上偏轉(zhuǎn)做圓周運(yùn)動(dòng)，由左手定則可知，磁場(chǎng)方向垂直紙面向里，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；粒子在磁場(chǎng)中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)洛倫茲力提供向心力，由牛頓第二定律得：qvB0=m，解得磁感應(yīng)強(qiáng)度：B0=，選項(xiàng)B

32、正確；虛線區(qū)域不加磁場(chǎng)時(shí)粒子做勻速直線運(yùn)動(dòng)，粒子做勻速直線運(yùn)動(dòng)的時(shí)間：，虛線區(qū)域加速磁場(chǎng)后粒子做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，粒子做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的時(shí)間：，磁場(chǎng)變化的周期：T0=t1+t2=，選項(xiàng)C正確；若t=0時(shí)，質(zhì)量為m、電荷量為-q的帶電粒子，以初速度v從A點(diǎn)沿AO入射，到達(dá)O點(diǎn)后向下，與板碰撞后，到達(dá)B板，與B碰撞后向上偏轉(zhuǎn)900然后從磁場(chǎng)中飛出，則不能返回A點(diǎn)，選項(xiàng)D錯(cuò)誤；故選BC.點(diǎn)睛：此題關(guān)鍵是要搞清粒子在磁場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)情況即軌跡，結(jié)合圓周運(yùn)動(dòng)的知識(shí)求解運(yùn)動(dòng)時(shí)間；注意用左手定則判斷洛倫茲力的方向時(shí)要注意四指的指向.17（1）BD （2）變小 （3）0.32A 【解析】（1）燈泡內(nèi)阻較小，故可采用電流

33、表外接法，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；電流不應(yīng)從電壓表的負(fù)接線柱流入，選項(xiàng)B正確；由于要求燈泡兩端電壓從零開(kāi)始變化，所以滑動(dòng)變阻器必須分壓式接法，選項(xiàng)C錯(cuò)誤；滑動(dòng)變阻器的滑片不應(yīng)位于中間，要在最左端位置，選項(xiàng)D正確；故選BD.（2）因I-U圖像的斜率的倒數(shù)等于電阻，可知燈L1的電阻隨電壓增大而變??；（3）由圖乙可以讀出，接燈L2時(shí)電流表的讀數(shù)為0.16A，此時(shí)的電壓為：U2=0.8V；接燈L1時(shí)電流表的讀數(shù)為0.08A，此時(shí)的電壓：U1=1.2V；設(shè)電源的電動(dòng)勢(shì)為E，電路中的其他部分的電阻值為R，由閉合電路的歐姆定律得：E=U1+I1R E=U2+I2R 聯(lián)立得：E=1.6V，R=5所以當(dāng)燈被短路時(shí)，電流表的

34、讀數(shù)：18（1）1.85V （2）R2；電路圖見(jiàn)解析；E=1.50V，r5.36102【解析】（1）由圖可知，電壓表讀數(shù)為1.85V。（2）由圖示電路圖可知，滑動(dòng)變阻器采用限流接法，由于水果電池內(nèi)阻很大，為測(cè)多組實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)，滑動(dòng)變阻器最大阻值應(yīng)大些，因此滑動(dòng)變阻器應(yīng)選擇R2；電路如圖；由圖所示電路圖可知，電源電動(dòng)勢(shì)：E=I1（R0+Rg）+I2（r+Rg），整理得：，由圖示I1-I2圖象可知：，解得，電源電動(dòng)勢(shì)：E=1.50V，電源內(nèi)阻：r5.36102。【點(diǎn)睛】對(duì)電表讀數(shù)時(shí)要先確定其量程與分度值，然后根據(jù)指針位置讀出其示數(shù)，讀數(shù)時(shí)視線要與刻度線垂直；根據(jù)圖示電路圖應(yīng)用閉合電路歐姆定律求出圖象的

35、函數(shù)表達(dá)式是求電源電動(dòng)勢(shì)的前提與關(guān)鍵。19（1）30V （2）3000J【解析】（1）根據(jù)B-t圖中同一條直線磁通量的變化率是相同的，所以電動(dòng)勢(shì)為定值，即為 ；（2）感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)大小不變，則根據(jù)在10s內(nèi)由焦耳定律Q=I2Rt，可知Q=3000J20（1） （2） 【解析】（1）粒子的運(yùn)動(dòng)軌跡如圖；由幾何知識(shí)可知，粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的半徑r=；由洛倫茲力等于向心力可得：，可得 ；（2）粒子在磁場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)時(shí)間： ；在電場(chǎng)中的加速度 在電場(chǎng)中的時(shí)間：，則該正離子從O點(diǎn)出發(fā)到豎直向上通過(guò)P點(diǎn)全程所用的時(shí)間21（1）100V （2）245:11【解析】（1）輸電線上損失的功率：P損=2%P0=2kW損失的

36、電壓（2）導(dǎo)線上的電流：升壓變壓器次級(jí)電壓為：；降壓變壓器的初級(jí)電壓：降壓變壓器的匝數(shù)比：22（1）0.3V （2） （3）0.075J【解析】（1）負(fù)電荷受到重力和電場(chǎng)力處于靜止?fàn)顟B(tài)，因重力向下，則電場(chǎng)力豎直向上，故M板帶正電ab棒向右切割磁感線產(chǎn)生感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)，ab棒等效于電源，感應(yīng)電流方向由ba，其a端為電源的正極由由平衡條件，得mg=Eq所以：R3兩端電壓與電容器兩端電壓相等，由歐姆定律得通過(guò)R3的電流；R1兩端的電壓為 （2）金屬棒ab兩端的電壓為Uab=UMN+UR1=0.4V由法拉第電磁感應(yīng)定律得感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)E=BLv 由閉合電路歐姆定律得：E=Uab+Ir=0.5V聯(lián)立上兩式得v=m/s（3）在金屬棒ab沿導(dǎo)軌向右勻速運(yùn)動(dòng)2m過(guò)程中，用時(shí)間為回路的總電阻為 回路中產(chǎn)生的總熱量 ?！军c(diǎn)睛】本題是電磁感應(yīng)與電路、電場(chǎng)等知識(shí)簡(jiǎn)單綜合，比較容易在電磁感應(yīng)現(xiàn)象中，產(chǎn)生感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)的那部分電路相當(dāng)于電源23（1）0.1m （2）U13200V （3）d=0.366m，【解析】（1）粒子在加速電場(chǎng)中：U1q=mv02；在磁場(chǎng)中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，則 聯(lián)立解得 （2）如果d=0.2m，為防止粒子打到絕緣容器上，則 加速電壓U應(yīng)滿足：解得U13200V（3）要使粒子盡快回到C點(diǎn)，則粒子與器壁最少碰撞3次，如圖；由幾何關(guān)系可知， ，則粒子做圓周運(yùn)動(dòng)的半徑則 最短時(shí)間為