高考物理一輪復(fù)習(xí) 第七章 靜電場(chǎng) 課后分級(jí)演練20 庫(kù)侖定律 電場(chǎng)力的性質(zhì)

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1、 課后分級(jí)演練(二十) 庫(kù)侖定律 電場(chǎng)力的性質(zhì) 【A級(jí)——基礎(chǔ)練】 1.如圖所示，兩個(gè)不帶電的導(dǎo)體A和B，用一對(duì)絕緣柱支持使它們彼此接觸．把一帶正電荷的物體C置于A附近，貼在A、B下部的金屬箔都張開(kāi)(　　) A．此時(shí)A帶正電，B帶負(fù)電 B．此時(shí)A電勢(shì)低，B電勢(shì)高 C．移去C，貼在A、B下部的金屬箔都閉合 D．先把A和B分開(kāi)，然后移去C，貼在A、B下部的金屬箔都閉合 解析：C　由于靜電感應(yīng)，A帶負(fù)電，B帶等量正電，若移去C，A、B所帶等量正負(fù)電荷中和，金屬箔閉合，所以C正確，A錯(cuò)誤；處于電場(chǎng)中的導(dǎo)體是等勢(shì)體，B錯(cuò)誤；若先把A、B分開(kāi)，然后移去C，A、B所帶電荷就不能中和，金屬箔不

2、再閉合，D錯(cuò)誤． 2．三個(gè)相同的金屬小球1、2、3分別置于絕緣支架上，各球之間的距離遠(yuǎn)大于小球的直徑．球1的帶電荷量為q，球2的帶電荷量為nq，球3不帶電且離球1和球2很遠(yuǎn)，此時(shí)球1、2之間作用力的大小為F.現(xiàn)使球3先與球2接觸，再與球1接觸，然后將球3移至遠(yuǎn)處，此時(shí)1、2之間作用力的大小仍為F，方向不變．由此可知(　　) A．n＝3　　　　　　　　 B．n＝4 C．n＝5 D．n＝6 解析：D　設(shè)球1、2之間的距離為r，球3和它們沒(méi)有接觸前，由庫(kù)侖定律有＝F，接觸后，球2帶電荷量為q，球1帶電荷量為q，由庫(kù)侖定律有＝F，聯(lián)立上面兩式解得n＝6，D項(xiàng)對(duì)． 3.(多選)在光滑絕緣的水平

3、桌面上有四個(gè)小球構(gòu)成菱形，其帶電量如圖所示．圖中－q與－q的連線(xiàn)跟－q與＋Q的連線(xiàn)之間夾角為α，若該系統(tǒng)處于平衡狀態(tài)，則正確的關(guān)系式為(　　) A．cos3α＝ B．cos3α＝ C．sin3α＝ D．sin3α＝ 解析：AC　設(shè)菱形的邊長(zhǎng)為L(zhǎng)，對(duì)下方的電荷由力的平衡條件得：2kcos α＝k，解得：cos3α＝，A正確，B錯(cuò)誤；對(duì)左邊電荷分析由力的平衡條件得：2ksin α＝k，解得：sin3α＝，C正確，D錯(cuò)誤． 4.(多選)(2017廣東第二次大聯(lián)考)如圖所示，A、B兩球所帶電荷量均為210－5 C，質(zhì)量均為0.72 kg，其中A球帶正電荷，B球帶負(fù)電荷，A球通過(guò)絕緣細(xì)線(xiàn)吊在天花

4、板上，B球一端固定絕緣棒，現(xiàn)將B球放在某一位置，能使絕緣細(xì)線(xiàn)伸直，A球靜止且與豎直方向的夾角為30，則B球距離A球的距離可能為(　　) A．0.5 m B．0.8 m C．1.2 m D．2.5 m 解析：AB　對(duì)A受力分析，受重力mg、繩的拉力FT、B對(duì)A的吸引力F，由分析知，A平衡時(shí)，F(xiàn)的最小值為F＝mgsin 30＝，解得r＝1 m，所以?xún)汕虻木嚯xd≤1 m，A、B正確． 5．如圖所示，在正方形四個(gè)頂點(diǎn)分別放置一個(gè)點(diǎn)電荷，所帶電荷量已在圖中標(biāo)出，則下列四個(gè)選項(xiàng)中，正方形中心處場(chǎng)強(qiáng)最大的是(　　) 解析：B　根據(jù)點(diǎn)電荷電場(chǎng)強(qiáng)度公式E＝k，結(jié)合矢量合成法則求解．設(shè)正方形頂點(diǎn)到中

5、心的距離為r，則A選項(xiàng)中電場(chǎng)強(qiáng)度EA＝0，B選項(xiàng)中電場(chǎng)強(qiáng)度EB＝2k，C選項(xiàng)中電場(chǎng)強(qiáng)度EC＝k，D選項(xiàng)中電場(chǎng)強(qiáng)度ED＝k，所以B正確． 6.(多選)如圖所示，在絕緣水平面上固定著一光滑絕緣的圓形槽，在某一過(guò)直徑的直線(xiàn)上有O、A、B三點(diǎn)，其中O為圓心．A點(diǎn)固定電荷量為Q的正電荷，B點(diǎn)固定一個(gè)未知電荷，且圓周上各點(diǎn)電勢(shì)相等，AB＝L.有一個(gè)可視為質(zhì)點(diǎn)的質(zhì)量為m、電荷量為－q的帶電小球正在滑槽中運(yùn)動(dòng)，在C點(diǎn)受到的電場(chǎng)力指向圓心，C點(diǎn)所處的位置如圖所示，根據(jù)題干和圖示信息可知(　　) A．B點(diǎn)的電荷帶正電 B．B點(diǎn)處電荷的電荷量為3Q C．B點(diǎn)處電荷的電荷量為Q D．小球在滑槽內(nèi)做的是勻速圓

6、周運(yùn)動(dòng) 解析：CD　小球在C點(diǎn)的合力方向一定沿CO，且指向O點(diǎn)．A點(diǎn)電荷對(duì)小球吸引，B點(diǎn)電荷對(duì)小球排斥，因?yàn)樾∏驇ж?fù)電，則B點(diǎn)電荷帶負(fù)電．由∠ABC＝∠ACB＝30知，∠ACO＝30，AC＝AB＝L，BC＝2ABcos 30＝L.由力的合成得F1＝F2，即＝，解得QB＝Q，故A、B錯(cuò)誤，C正確．已知圓周上各點(diǎn)電勢(shì)相等，小球在運(yùn)動(dòng)過(guò)程中電勢(shì)能不變，根據(jù)能量守恒得知，小球的動(dòng)能不變，小球做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，故D正確． 7.如圖，在光滑絕緣水平面上，三個(gè)帶電小球a、b和c分別位于邊長(zhǎng)為l的正三角形的三個(gè)頂點(diǎn)上；a、b帶正電，電荷量均為q，c帶負(fù)電．整個(gè)系統(tǒng)置于方向水平的勻強(qiáng)電場(chǎng)中．已知靜電力常量為k

7、.若三個(gè)小球均處于靜止?fàn)顟B(tài)，則勻強(qiáng)電場(chǎng)場(chǎng)強(qiáng)的大小為(　　) A. B. C. D. 解析：B　設(shè)小球c帶電荷量為Q，由庫(kù)侖定律可知小球a對(duì)小球c的庫(kù)侖引力為F＝k，小球b對(duì)小球c的庫(kù)侖引力為F＝k，二力合力為2Fcos 30.設(shè)水平勻強(qiáng)電場(chǎng)場(chǎng)強(qiáng)的大小為E，對(duì)c球，由平衡條件可得QE＝2Fcos 30，解得E＝，選項(xiàng)B正確． 8.圖中實(shí)線(xiàn)是一簇未標(biāo)明方向的電場(chǎng)線(xiàn)，虛線(xiàn)是某一帶電粒子通過(guò)該電場(chǎng)區(qū)域時(shí)的運(yùn)動(dòng)軌跡，a、b是軌跡上的兩點(diǎn)，若帶電粒子在運(yùn)動(dòng)過(guò)程中只受電場(chǎng)力的作用，根據(jù)此圖可做出正確判斷的是(　　) A．帶電粒子所帶電荷的符號(hào) B．場(chǎng)強(qiáng)的方向 C．帶電粒子在a、b兩點(diǎn)的受力

8、方向 D．帶電粒子在a、b兩點(diǎn)的加速度何處較大 解析：CD　由軌跡的彎曲情況，可知電場(chǎng)力應(yīng)沿電場(chǎng)線(xiàn)向左，但因不知電場(chǎng)線(xiàn)的方向，故帶電粒子所帶電荷的符號(hào)不能確定．由電場(chǎng)線(xiàn)的疏密程度知a點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)大于b點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)，帶電粒子在a點(diǎn)所受電場(chǎng)力較大，從而在a點(diǎn)時(shí)加速度較大，綜上所述C、D正確． 9.如圖所示，把一帶正電的小球a放在光滑絕緣面上，欲使球a能靜止在斜面上，需在MN間放一帶電小球b，則b應(yīng)(　　) A．帶負(fù)電，放在A點(diǎn) B．帶正電，放在B點(diǎn) C．帶負(fù)電，放在C點(diǎn) D．帶正電，放在C點(diǎn) 解析：C　a受到重力、支持力和庫(kù)侖力的作用處于平衡狀態(tài)，對(duì)a球受力分析可知，只有在C處放上負(fù)電荷，才可使a

9、受力平衡，故選C. 10.如圖所示，在水平向右、大小為E的勻強(qiáng)電場(chǎng)中，在O點(diǎn)固定一電荷量為Q的正電荷，A、B、C、D為以O(shè)為圓心、半徑為r的同一圓周上的四點(diǎn)，B、D連線(xiàn)與電場(chǎng)線(xiàn)平行，A、C連線(xiàn)與電場(chǎng)線(xiàn)垂直．則(　　) A．A點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)大小為 B．B點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)大小為E－k C．D點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)大小不可能為0 D．A、C兩點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)相同 解析：A　正點(diǎn)電荷Q在A的電場(chǎng)強(qiáng)度大小E′＝，而勻強(qiáng)電場(chǎng)在A點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)大小為E；因方向互相垂直，由平行四邊形法則知A點(diǎn)的合場(chǎng)強(qiáng)大小為，A正確；同理，點(diǎn)電荷Q在B點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度的方向與勻強(qiáng)電場(chǎng)方向相同，因此B點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)大小為E＋k，故B錯(cuò)誤；同理知D點(diǎn)的合場(chǎng)強(qiáng)為0，C錯(cuò)

10、誤；A、C兩點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)大小相等，方向不同，故A、C兩點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)不相同，D錯(cuò)誤． 【B級(jí)——提升練】 11.均勻帶電的球殼在球外空間產(chǎn)生的電場(chǎng)等效于電荷集中于球心處產(chǎn)生的電場(chǎng)．如圖所示，在半球面AB上均勻分布正電荷，總電荷量為q，球面半徑為R，CD為通過(guò)半球頂點(diǎn)與球心O的軸線(xiàn)，在軸線(xiàn)上有M、N兩點(diǎn)，OM＝ON＝2R，已知M點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)大小為E，則N點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)大小為(　　) A. B.－E C.－E D.＋E 解析：B　本題考查點(diǎn)電荷的場(chǎng)強(qiáng)、場(chǎng)強(qiáng)的疊加，意在考查考生對(duì)場(chǎng)強(qiáng)矢量性的理解能力和構(gòu)建物理模型的能力．將半圓球面補(bǔ)全成為一個(gè)帶電球面，帶電荷量為2q，由題中信息可知，整個(gè)帶電球面在N點(diǎn)產(chǎn)生的場(chǎng)強(qiáng)等

11、效于電荷集中于球心處產(chǎn)生的場(chǎng)強(qiáng)，即E整＝k＝k，方向水平向右；由對(duì)稱(chēng)性可知，補(bǔ)上的右半帶電球面在N點(diǎn)產(chǎn)生的場(chǎng)強(qiáng)的大小等于左半帶電球面在M點(diǎn)產(chǎn)生的場(chǎng)強(qiáng)E，方向水平向右，故左半帶電球面在N點(diǎn)產(chǎn)生的場(chǎng)強(qiáng)為E左＝k－E，B項(xiàng)正確． 12.已知均勻帶電的無(wú)窮大平面在真空中激發(fā)電場(chǎng)的場(chǎng)強(qiáng)大小為，其中σ為平面上單位面積所帶的電荷量，ε0為常量．如圖所示的平行板電容器，極板正對(duì)面積為S，其間為真空，帶電荷量為Q.不計(jì)邊緣效應(yīng)時(shí)，極板可看做無(wú)窮大導(dǎo)體板，則極板間的電場(chǎng)強(qiáng)度大小和兩板極間相互的靜電引力大小分別為(　　) A.和 B.和 C.和 D.和 解析：D　由題知，σ＝，故電場(chǎng)強(qiáng)度E＝＝.帶電荷量為Q

12、的平板在與另一平板產(chǎn)生的電場(chǎng)中受力F＝QE＝.兩板之間的場(chǎng)強(qiáng)為兩板各自場(chǎng)強(qiáng)疊加的合場(chǎng)強(qiáng)，E合＝2E＝，D正確． 13．(多選)(2017河北廊坊質(zhì)量監(jiān)測(cè))如圖甲所示，Q1、Q2為兩個(gè)被固定的點(diǎn)電荷，其中Q1為正點(diǎn)電荷，在它們連線(xiàn)的延長(zhǎng)線(xiàn)上有a、b兩點(diǎn)，現(xiàn)有一檢驗(yàn)電荷q(電性未知)以一定的初速度沿直線(xiàn)從b點(diǎn)開(kāi)始經(jīng)a點(diǎn)向遠(yuǎn)處運(yùn)動(dòng)(檢驗(yàn)電荷只受電場(chǎng)力作用)，q運(yùn)動(dòng)的速度圖象如圖乙所示，則(　　) A．Q2必定是負(fù)電荷 B．可以確定檢驗(yàn)電荷的帶電性質(zhì) C．Q2的電荷量必定大于Q1的電荷量 D．從b點(diǎn)經(jīng)a點(diǎn)向遠(yuǎn)處運(yùn)動(dòng)的過(guò)程中電荷q所受電場(chǎng)力先增大后減小 解析：AB　本題考查庫(kù)侖定律、速度

13、圖象、共點(diǎn)力平衡等，意在考查考生對(duì)運(yùn)動(dòng)圖象的理解能力、對(duì)庫(kù)侖力作用下的平衡問(wèn)題的分析計(jì)算能力．由速度圖象可知，檢驗(yàn)電荷在a點(diǎn)加速度為零，即兩固定點(diǎn)電荷對(duì)檢驗(yàn)電荷的電場(chǎng)力矢量和為零，所以Q2一定是負(fù)電荷，A項(xiàng)正確；Q1的電荷量一定大于Q2的電荷量，C項(xiàng)錯(cuò)；從b點(diǎn)開(kāi)始運(yùn)動(dòng)時(shí)，q做減速運(yùn)動(dòng)，所受電場(chǎng)力向左，可知檢驗(yàn)電荷帶正電，B項(xiàng)正確；從b經(jīng)a向遠(yuǎn)處運(yùn)動(dòng)過(guò)程中，加速度先減小后增大再減小，由牛頓第二定律可知，檢驗(yàn)電荷所受電場(chǎng)力先減小后增大再減小，D項(xiàng)錯(cuò)． 14.N(N>1)個(gè)電荷量均為q(q>0)的小球，均勻分布在半徑為R的圓周上，示意如圖．如移去位于圓周上P點(diǎn)的一個(gè)小球，則圓心O點(diǎn)處的電場(chǎng)強(qiáng)度大小

14、為_(kāi)_____，方向______．(已知靜電力常量為k) 解析：均勻分布在圓周上的帶電小球在O點(diǎn)處產(chǎn)生的合電場(chǎng)強(qiáng)度為零；位于P點(diǎn)的小球在O點(diǎn)處產(chǎn)生的電場(chǎng)強(qiáng)度E＝，方向沿PO指向O點(diǎn)；移去P點(diǎn)小球，其余小球在O點(diǎn)處產(chǎn)生的電場(chǎng)強(qiáng)度與E大小相等，方向相反． 答案：k　沿OP指向P點(diǎn) 15.如圖所示，空間存在著強(qiáng)度E＝2.5102 N/C，方向豎直向上的勻強(qiáng)電場(chǎng)，在電場(chǎng)內(nèi)一長(zhǎng)為L(zhǎng)＝0.5 m的絕緣細(xì)線(xiàn)，一端固定在O點(diǎn)，另一端拴著質(zhì)量m＝0.5 kg、電荷量q＝410－2 C的小球．現(xiàn)將細(xì)線(xiàn)拉直到水平位置，使小球由靜止釋放，當(dāng)小球運(yùn)動(dòng)到最高點(diǎn)時(shí)細(xì)線(xiàn)受到的拉力恰好達(dá)到它能承受的最大值而斷裂．取g＝1

15、0 m/s2.求： (1)小球的電性． (2)細(xì)線(xiàn)能承受的最大拉力． (3)當(dāng)小球繼續(xù)運(yùn)動(dòng)后與O點(diǎn)水平方向距離為L(zhǎng)時(shí)，小球距O點(diǎn)的高度． 解析：(1)由小球運(yùn)動(dòng)到最高點(diǎn)可知，小球帶正電． (2)設(shè)小球運(yùn)動(dòng)到最高點(diǎn)時(shí)速度為v，對(duì)該過(guò)程由動(dòng)能定理有，(qE－mg)L＝mv2① 在最高點(diǎn)對(duì)小球由牛頓第二定律得， FT＋mg－qE＝m② 由①②式解得，F(xiàn)T＝15 N (3)小球在細(xì)線(xiàn)斷裂后，在豎直方向的加速度設(shè)為a， 則a＝③ 設(shè)小球在水平方向運(yùn)動(dòng)L的過(guò)程中，歷時(shí)t，則L＝vt④ 設(shè)豎直方向上的位移為x， 則x＝at2⑤ 由①③④⑤解得x＝0.125 m 所以小球距O點(diǎn)高度為x＋L＝0.625 m 答案：(1)正電　(2)15 N　(5)0.625 m 我國(guó)經(jīng)濟(jì)發(fā)展進(jìn)入新常態(tài)，需要轉(zhuǎn)變經(jīng)濟(jì)發(fā)展方式，改變粗放式增長(zhǎng)模式，不斷優(yōu)化經(jīng)濟(jì)結(jié)構(gòu)，實(shí)現(xiàn)經(jīng)濟(jì)健康可持續(xù)發(fā)展進(jìn)區(qū)域協(xié)調(diào)發(fā)展，推進(jìn)新型城鎮(zhèn)化，推動(dòng)城鄉(xiāng)發(fā)展一體化因：我國(guó)經(jīng)濟(jì)發(fā)展還面臨區(qū)域發(fā)展不平衡、城鎮(zhèn)化水平不高、城鄉(xiāng)發(fā)展不平衡不協(xié)調(diào)等現(xiàn)實(shí)挑戰(zhàn)。