2022高考數(shù)學(xué) 熱點(diǎn)題型 專題03 解析幾何 理

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1、2022高考數(shù)學(xué) 熱點(diǎn)題型 專題03 解析幾何 理 熱點(diǎn)一 圓錐曲線中的最值問題 圓錐曲線中的最值問題是高考中的熱點(diǎn)問題,常涉及不等式、函數(shù)的值域問題,綜合性比較強(qiáng),解法靈活多變,但總體上主要有兩種方法:一是利用幾何方法,即利用曲線的定義、幾何性質(zhì)以及平面幾何中的定理、性質(zhì)等進(jìn)行求解;二是利用代數(shù)方法,即把要求最值的幾何量或代數(shù)表達(dá)式表示為某個(gè)(些)參數(shù)的函數(shù)(解析式),然后利用函數(shù)方法、不等式方法等進(jìn)行求解. 題型一 利用幾何性質(zhì)求最值 【例1】設(shè)P是橢圓+=1上一點(diǎn),M,N分別是兩圓:(x+4)2+y2=1和(x-4)2+y2=1上的點(diǎn),則|PM|+|PN|的最小值、最大值分別為(

2、  ) A.9,12 B.8,11 C.8,12 D.10,12 答案 C 【類題通法】 利用曲線的定義、幾何性質(zhì)以及平面幾何中的定理、性質(zhì)等進(jìn)行求解,也叫做幾何法. 【對(duì)點(diǎn)訓(xùn)練】 如圖所示,已知直線l:y=kx-2與拋物線C:x2=-2py(p>0)交于A,B兩點(diǎn),O為坐標(biāo)原點(diǎn),+=(-4,-12). (1)求直線l和拋物線C的方程; (2)拋物線上一動(dòng)點(diǎn)P從A到B運(yùn)動(dòng)時(shí),求△ABP面積的最大值. 解析 (1)由得x2+2pkx-4p=0. 設(shè)A(x1,y1),B(x2,y2),則x1+x2=-2pk,y1+y2=k(x1+

3、x2)-4=-2pk2-4. 因?yàn)椋?x1+x2,y1+y2)=(-2pk,-2pk2-4)=(-4,-12),所以解得 所以直線l的方程為y=2x-2,拋物線C的方程為x2=-2y. (2)設(shè)P(x0,y0),依題意,知拋物線過點(diǎn)P的切線與l平行時(shí),△ABP的面積最大,又y′=-x,所以-x0=2,故x0=-2,y0=-x=-2,所以P(-2,-2). 此時(shí)點(diǎn)P到直線l的距離d===. 由得x2+4x-4=0,故x1+x2=-4,x1x2=-4, 所以|AB|=×=×=4. 所以△ABP面積的最大值為=8. 題型二 建立目標(biāo)函數(shù)求最值 【例2】已知△ABP的三個(gè)頂點(diǎn)都在拋

4、物線C:x2=4y上,F(xiàn)為拋物線C的焦點(diǎn),點(diǎn)M為AB的中點(diǎn),=3. (1)若|PF|=3,求點(diǎn)M的坐標(biāo); (2)求△ABP面積的最大值. (2)設(shè)直線AB的方程為y=kx+m,點(diǎn)A(x1,y1),B(x2,y2),P(x0,y0), 由得x2-4kx-4m=0. 于是Δ=16k2+16m>0,x1+x2=4k,x1x2=-4m, 所以AB中點(diǎn)M的坐標(biāo)為(2k,2k2+m). 由=3,得(-x0,1-y0)=3(2k,2k2+m-1), 所以 由x=4y0得k2=-m+, 由Δ>0,k2≥0,得-

5、9m2-10m+1=0, 解得m1=,m2=1, 可得f(m)在上是增函數(shù),在上是減函數(shù),在上是增函數(shù), 又f=>f=. 所以當(dāng)m=時(shí),f(m)取到最大值,此時(shí)k=±. 所以△ABP面積的最大值為. 【類題通法】 (1)當(dāng)題目中給出的條件有明顯的幾何特征,考慮用圖象性質(zhì)來求解. (2)當(dāng)題目中給出的條件和結(jié)論的幾何特征不明顯,則可以建立目標(biāo)函數(shù),再求這個(gè)函數(shù)的最值.求函數(shù)最值的常用方法有配方法、判別式法、單調(diào)性法、三角換元法等. 【對(duì)點(diǎn)訓(xùn)練】 平面直角坐標(biāo)系xOy中,已知橢圓C:+=1(a>b>0)的離心率為,左、右焦點(diǎn)分別是F1,F(xiàn)2.以F1為圓心、以3為半徑的圓與以F2

6、為圓心、以1為半徑的圓相交,且交點(diǎn)在橢圓C上. (1)求橢圓C的方程; (2)設(shè)橢圓E:+=1,P為橢圓C上任意一點(diǎn).過點(diǎn)P的直線y=kx+m交橢圓E于A,B兩點(diǎn),射線PO交橢圓E于點(diǎn)Q. ①求的值; ②求△ABQ面積的最大值. 解析 (1)由題意知2a=4,則a=2. 又=,a2-c2=b2,可得b=1, 所以橢圓C的方程為+y2=1. ②設(shè)A(x1,y1),B(x2, y2). 將y=kx+m代入橢圓E的方程, 可得(1+4k2)x2+8kmx+4m2-16=0, 由Δ>0,可得m2<4+16k2.(*) 則有x1+x2=-,x1x2=. 所以|x1-x2|

7、=. 因?yàn)橹本€y=kx+m與y軸交點(diǎn)的坐標(biāo)為(0,m), 所以△OAB的面積S=|m||x1-x2| = = =2 設(shè)=t. 將y=kx+m代入橢圓C的方程, 可得(1+4k2)x2+8kmx+4m2-4=0, 由Δ≥0,可得m2≤1+4k2.(**) 由(*)(**)可知00)的一個(gè)焦點(diǎn)為F(-1,0),左、右頂點(diǎn)分別為A,B.經(jīng)過點(diǎn)F的直線l

8、與橢圓M交于C,D兩點(diǎn). (1)當(dāng)直線l的傾斜角為45°時(shí),求線段CD的長; (2)記△ABD與△ABC的面積分別為S1和S2,求|S1-S2|的最大值. (2)當(dāng)直線l的斜率不存在時(shí),直線方程為x=-1, 此時(shí)△ABD與△ABC面積相等,|S1-S2|=0; 當(dāng)直線l的斜率存在時(shí),設(shè)直線方程為y=k(x+1)(k≠0), 聯(lián)立方程,得 消去y,得(3+4k2)x2+8k2x+4k2-12=0, Δ>0,且x1+x2=-,x1x2=, 此時(shí)|S1-S2|=2||y2|-|y1||=2|y2+y1|=2|k(x2+1)+k(x1+1)|=2|k(x2+x1)+2k|=,

9、 因?yàn)閗≠0,上式=≤==當(dāng)且僅當(dāng)k=±時(shí)等號(hào)成立, 所以|S1-S2|的最大值為. 【類題通法】 (1)求最值問題時(shí),一定要注意對(duì)特殊情況的討論.如直線斜率不存在的情況,二次三項(xiàng)式最高次項(xiàng)的系數(shù)的討論等. (2)利用基本不等式求函數(shù)的最值時(shí),關(guān)鍵在于將函數(shù)變形為兩項(xiàng)和或積的形式,然后用基本不等式求出最值. 【對(duì)點(diǎn)訓(xùn)練】 定圓M:(x+)2+y2=16,動(dòng)圓N過點(diǎn)F(,0)且與圓M相切,記圓心N的軌跡為E. (1)求軌跡E的方程; (2)設(shè)點(diǎn)A,B,C在E上運(yùn)動(dòng),A與B關(guān)于原點(diǎn)對(duì)稱,且|AC|=|BC|,當(dāng)△ABC的面積最小時(shí),求直線AB的方程. (2)①當(dāng)AB為長軸(

10、或短軸)時(shí),S△ABC=|OC|·|AB|=2. ②當(dāng)直線AB的斜率存在且不為0時(shí),設(shè)直線AB的方程為y=kx,A(xA,yA),由題意,C在線段AB的中垂線上,則OC的方程為y=-x. 聯(lián)立方程得,x=,y=, ∴|OA|2=x+y=. 將上式中的k替換為-,可得|OC|2=. ∴S△ABC=2S△AOC=|OA|·|OC|=·=. ∵≤=, ∴S△ABC≥,當(dāng)且僅當(dāng)1+4k2=k2+4,即k=±1時(shí)等號(hào)成立,此時(shí)△ABC面積的最小值是.∵2>, ∴△ABC面積的最小值是,此時(shí)直線AB的方程為y=x或y=-x. 熱點(diǎn)二 圓錐曲線中的范圍問題 圓錐曲線中的范圍問題是高考中的

11、熱點(diǎn)問題,常涉及不等式的恒成立問題、函數(shù)的值域問題,綜合性比較強(qiáng).解決此類問題常用幾何法和判別式法. 題型一 利用判別式構(gòu)造不等關(guān)系求范圍 【例4】已知A,B,C是橢圓M:+=1(a>b>0)上的三點(diǎn),其中點(diǎn)A的坐標(biāo)為(2,0),BC過橢圓的中心,且·=0,||=2||. (1)求橢圓M的方程; (2)過點(diǎn)(0,t)的直線l(斜率存在時(shí))與橢圓M交于兩點(diǎn)P,Q,設(shè)D為橢圓M與y軸負(fù)半軸的交點(diǎn),且||=||,求實(shí)數(shù)t的取值范圍. (2)由條件D(0,-2),當(dāng)k=0時(shí),顯然-2

12、 由Δ>0可得t2<4+12k2,① 設(shè)P(x1,y1),Q(x2,y2),PQ中點(diǎn)H(x0,y0), 則x0==, y0=kx0+t=, 所以H, 由||=||, 所以DH⊥PQ,即kDH=-, 所以=-, 化簡得t=1+3k2,② 所以t>1,將②代入①得,1

13、關(guān)系建立不等式,從而求出參數(shù)的取值范圍. (4)利用已知的不等關(guān)系構(gòu)造不等式,從而求出參數(shù)的取值范圍. (5)利用求函數(shù)的值域的方法將待求量表示為其他變量的函數(shù),求其值域,從而確定參數(shù)的取值范圍. 【對(duì)點(diǎn)訓(xùn)練】 設(shè)F1,F(xiàn)2分別是橢圓E:+=1(b>0)的左、右焦點(diǎn),若P是該橢圓上的一個(gè)動(dòng)點(diǎn),且·的最大值為1. (1)求橢圓E的方程; (2)設(shè)直線l:x=ky-1與橢圓E交于不同的兩點(diǎn)A,B,且∠AOB為銳角(O為坐標(biāo)原點(diǎn)),求k的取值范圍. 即1=×4+2b2-4,解得b2=1. 故所求橢圓E的方程為+y2=1. (2)設(shè)A(x1,y1),B(x2,y2),由得(k2+

14、4)y2-2ky-3=0,Δ=(-2k)2+12(4+k2)=16k2+48>0, 故y1+y2=,y1·y2=. 又∠AOB為銳角,故·=x1x2+y1y2>0, 又x1x2=(ky1-1)(ky2-1)=k2y1y2-k(y1+y2)+1, 所以x1x2+y1y2=(1+k2)y1y2-k(y1+y2)+1=(1+k2)·-+1 ==>0,所以k2<,解得-b>0)的離心率為,過點(diǎn)M(1,0)的直線l交橢圓C于A,B兩點(diǎn),|MA|=λ|MB|,且當(dāng)直線l垂直于x軸時(shí),|AB|=. (

15、1)求橢圓C的方程; (2)若λ∈,求弦長|AB|的取值范圍. (2)當(dāng)過點(diǎn)M的直線斜率為0時(shí),點(diǎn)A,B分別為橢圓長軸的端點(diǎn), λ===3+2>2或λ===3-2<,不符合題意. ∴直線的斜率不能為0. 設(shè)直線方程為x=my+1,A(x1,y1),B(x2,y2), 將直線方程代入橢圓方程得:(m2+2)y2+2my-1=0, 由根與系數(shù)的關(guān)系可得, 將①式平方除以②式可得:++2=-, 由已知|MA|=λ|MB|可知,=-λ, ∴-λ-+2=-, 又知λ∈, ∴-λ-+2∈, ∴-≤-≤0, 解得m2∈. |AB|2=(1+m2)|y1-y2|2=(1+m

16、2)[(y1+y2)2-4y1y2]=82=82, ∵m2∈, ∴∈, ∴|AB|∈. 【類題通法】 利用函數(shù)性質(zhì)解決圓錐曲線中求范圍問題的關(guān)鍵是建立求解關(guān)于某個(gè)變量的函數(shù),通過求這個(gè)函數(shù)的值域確定目標(biāo)的取值范圍.在建立函數(shù)的過程中要根據(jù)題目的其他已知條件,把需要的量都用我們選用的變量表示,有時(shí)為了運(yùn)算方便,在建立函數(shù)的過程中也可以采用多個(gè)變量,只要在最后結(jié)果中把多個(gè)變量化為單個(gè)變量即可,同時(shí)要特別注意變量的取值范圍. 【對(duì)點(diǎn)訓(xùn)練】 已知圓心為H的圓x2+y2+2x-15=0和定點(diǎn)A(1,0),B是圓上任意一點(diǎn),線段AB的中垂線l和直線BH相交于點(diǎn)M,當(dāng)點(diǎn)B在圓上運(yùn)動(dòng)時(shí),點(diǎn)M的軌

17、跡記為曲線C. (1)求C的方程; (2)過點(diǎn)A作兩條相互垂直的直線分別與曲線C相交于P,Q和E,F(xiàn),求·的取值范圍. 根據(jù)橢圓的定義可知,點(diǎn)M的軌跡是以A,H為焦點(diǎn),4為長軸長的橢圓,所以a2=4,c2=1,b2=3,所求曲線C的方程為+=1. (2)由直線EF與直線PQ垂直,可得·=·=0, 于是·=(-)·(-)=·+·. ①當(dāng)直線PQ的斜率不存在時(shí),直線EF的斜率為零,此時(shí)可不妨取P,Q,E(2,0),F(xiàn)(-2,0), 所以·=·=-3-=-. ②當(dāng)直線PQ的斜率為零時(shí),直線EF的斜率不存在,同理可得·=-. ③當(dāng)直線PQ的斜率存在且不為零時(shí),直線EF的斜率也存在

18、,于是可設(shè)直線PQ的方程為y=k(x-1),P(xP,yP),Q(xQ,yQ),=(xP-1,yP),=(xQ-1,yQ), 則直線EF的方程為y=-(x-1). 將上面的k換成-,可得·=-, 所以·=·+·=-9(1+k2). 令1+k2=t,則t>1,于是上式化簡整理可得, ·=-9t=-=-. 由t>1,得0<<1,所以-<·≤-. 綜合①②③可知,·的取值范圍為. 熱點(diǎn)三 圓錐曲線中的幾何證明問題 圓錐曲線中的幾何證明問題多出現(xiàn)在解答題中,難度較大,多涉及線段或角相等以及位置關(guān)系的證明等. 【例6】如圖,圓C與x軸相切于點(diǎn)T(2,0),與y軸正半軸相交于兩點(diǎn)M

19、,N(點(diǎn)M在點(diǎn)N的下方),且|MN|=3. (1)求圓C的方程; (2)過點(diǎn)M任作一條直線與橢圓+=1相交于兩點(diǎn)A,B,連接AN,BN,求證:∠ANM=∠BNM. (2)證明:把x=0代入方程(x-2)2+2=,解得y=1或y=4,即點(diǎn)M(0,1),N(0,4). ①當(dāng)AB⊥x軸時(shí),可知∠ANM=∠BNM=0. ②當(dāng)AB與x軸不垂直時(shí),可設(shè)直線AB的方程為y=kx+1. 聯(lián)立方程 消去y得,(1+2k2)x2+4kx-6=0. 設(shè)直線AB交橢圓于A(x1,y1),B(x2,y2)兩點(diǎn),則x1+x2=,x1x2=. ∴kAN+kBN=+=+=. 若kAN+kBN=0,則∠

20、ANM=∠BNM. ∵2kx1x2-3(x1+x2)=+=0, ∴∠ANM=∠BNM. 【類題通法】 解決圓錐曲線證明問題,注意依據(jù)直線,圓錐曲線,直線與圓錐曲線的位置關(guān)系等,通過代數(shù)恒等變形和化簡計(jì)算進(jìn)行證明,常見的證明方法有: (1)證明三點(diǎn)共線,可以證明其中兩段線段的斜率相等,也可以證明其中兩個(gè)向量互相平行(共線); (2)證明兩直線垂直,可以證明這兩條直線的斜率之積等于,也可以證明這兩直線所在的平面向量的數(shù)量積等于零; (3)證明兩共點(diǎn)點(diǎn)段相等,可以利用弦長公式證明這兩線段長度相等,也可以證明公共點(diǎn)在線段的垂直平分線上. 【對(duì)點(diǎn)訓(xùn)練】 設(shè)橢圓C1:+=1(a>b>0)

21、的離心率為,F(xiàn)1,F(xiàn)2是橢圓的兩個(gè)焦點(diǎn),M是橢圓上任意一點(diǎn),且△MF1F2的周長是4+2. (1)求橢圓C1的方程; (2)設(shè)橢圓C1的左、右頂點(diǎn)分別為A,B,過橢圓C1上的一點(diǎn)D作x軸的垂線交x軸于點(diǎn)E,若點(diǎn)C滿足⊥,∥,連接AC交DE于點(diǎn)P,求證:PD=PE. (2)證明:由(1)得A(-2,0),B(2,0), 設(shè)D(x0,y0),所以E(x0,0), 因?yàn)椤停? 所以可設(shè)C(2,y1), 所以=(x0+2,y0),=(2,y1), 由∥可得:(x0+2)y1=2y0,即y1=. 所以直線AC的方程為:=. 整理得:y=(x+2). 又點(diǎn)P在DE上,將x=x0代入直線AC的方程可得:y=,即點(diǎn)P的坐標(biāo)為,所以P為DE的中點(diǎn), 所以PD=PE.

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