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(文理通用)2022屆高考數(shù)學(xué)大二輪復(fù)習(xí) 第1部分 專(zhuān)題7 概率與統(tǒng)計(jì) 第2講 計(jì)數(shù)原理與二項(xiàng)式定理練習(xí)

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(文理通用)2022屆高考數(shù)學(xué)大二輪復(fù)習(xí) 第1部分 專(zhuān)題7 概率與統(tǒng)計(jì) 第2講 計(jì)數(shù)原理與二項(xiàng)式定理練習(xí)

(文理通用)2022屆高考數(shù)學(xué)大二輪復(fù)習(xí) 第1部分 專(zhuān)題7 概率與統(tǒng)計(jì) 第2講 計(jì)數(shù)原理與二項(xiàng)式定理練習(xí) A組 1.將6名男生,4名女生分成兩組,每組5人,參加兩項(xiàng)不同的活動(dòng),每組3名男生和2名女生,則不同的分配方法有( B ) A.240種   B.120種    C.60種   D. 180種 [解析] 不同的分配方法有CC=120. 2.若二項(xiàng)式(2x+)7的展開(kāi)式中的系數(shù)是84,則實(shí)數(shù)a=( C ) A.2 B. C.1 D. [解析] 二項(xiàng)式(2x+)7的通項(xiàng)公式為T(mén)r+1=C(2x)7-r()r=C27-rarx7-2r,令7-2r=-3,得r=5.故展開(kāi)式中的系數(shù)是C22a5=84,解得a=1. 3.用數(shù)字1,2,3,4,5組成沒(méi)有重復(fù)數(shù)字的五位數(shù),其中奇數(shù)的個(gè)數(shù)為( D ) A.24 B.48 C.60 D.72 [解析] 由題意,可知個(gè)位可以從1,3,5中任選一個(gè),有A種方法,其他數(shù)位上的數(shù)可以從剩下的4個(gè)數(shù)字中任選,進(jìn)行全排列,有A種方法,所以奇數(shù)的個(gè)數(shù)為AA=3×4×3×2×1=72,故選D. 4.(2018·濮陽(yáng)二模)將數(shù)字“124467”重新排列后得到不同的偶數(shù)個(gè)數(shù)為( D ) A.72 B.120 C.192 D.240 [解析] 由題意,末尾是2或6,不同的偶數(shù)個(gè)數(shù)為CA=120;末尾是4,不同的偶數(shù)個(gè)數(shù)為A=120.故共有120+120=240(個(gè)),故選D. 5.(-)8二項(xiàng)展開(kāi)式中的常數(shù)項(xiàng)為( B ) A.56 B.112 C.-56 D.-112 [解析] Tr+1=C()8-r(-)r=(-1)r2rC·x,令8-4r=0,∴r=2,∴常數(shù)項(xiàng)為(-1)2×22×C=112. 6.在(x2-)6的展開(kāi)式中,常數(shù)項(xiàng)等于( D ) A.- B. C.- D. [解析] 本題考查二項(xiàng)式定理,二項(xiàng)式(x2-)6的展開(kāi)式的通項(xiàng)公式為C(x2)6-r(-)2=(-)rCx12-3r,令12-3r=0得r=4,則二項(xiàng)式(x2-)6的展開(kāi)式中的常數(shù)項(xiàng)為(-)4C=.故選D. 7.有5名同學(xué)參加唱歌、跳舞、下棋三項(xiàng)比賽,每項(xiàng)比賽至少有一人參加,其中甲同學(xué)不能參加跳舞比賽,則參賽方案的種數(shù)為( B ) A.112 B.100 C.92 D.76 [解析] 甲同學(xué)有2種參賽方案,其余四名同學(xué),若只參加甲參賽后剩余的兩項(xiàng)比賽,則將四名同學(xué)先分為兩組,分組方案有C·C+=7,再將其分到兩項(xiàng)比賽中去,共有分配方案數(shù)為7×A=14;若剩下的四名同學(xué)參加三項(xiàng)比賽,則將其分成三組,分組方法數(shù)是C,分到三項(xiàng)比賽上去的分配方法數(shù)是A,故共有方案數(shù)CA=36.根據(jù)兩個(gè)基本原理共有方法數(shù)2×(14+36)=100(種). 8.(x2-x+1)5的展開(kāi)式中x3的系數(shù)為( A ) A.-30 B.-24 C.-20 D.20 [解析] 本題考查二項(xiàng)式定理.[1+(x2-x)]5展開(kāi)式的第r+1項(xiàng)Tr+1=C(x2-x)r,r=0,1,2,3,4,5,Tr+1展開(kāi)式的第k+1項(xiàng)為CC·(x2)r-k(-x)k=CC(-1)k·x2r-k,r=0,1,2,3,4,5,k=0,1,…,r,當(dāng)2r-k=3,即或時(shí)是含x3的項(xiàng),所以含x3項(xiàng)的系數(shù)為CC(-1)+CC(-1)3=-20-10=-30.故選A. 9.有大小、形狀完全相同的3個(gè)紅色小球和5個(gè)白色小球,排成一排,共有56種不同的排列方法? [解析] 從8個(gè)位置中選3個(gè)放紅球,有C=56種不同方法. 10.(2018·昆明二模)(x-2)6的展開(kāi)式中x2的系數(shù)為240. [解析] (x-2)6的展開(kāi)式的通項(xiàng)公式為T(mén)r+1=C·(-2)r·x6-r,令6-r=2,求得r=4,可得(x-2)6的展開(kāi)式中x2的系數(shù)為C·(-2)4=240. 11.設(shè)a,b,c∈{1,2,3,4,5,6},若以a,b,c為三條邊的長(zhǎng)可以構(gòu)成一個(gè)等腰(含等邊)三角形,則這樣的三角形有27個(gè). [解析] 由題意知以a,b,c為三條邊的長(zhǎng)可以構(gòu)成一個(gè)等腰(含等邊)三角形, (1)先考慮等邊三角形情況 則a=b=c=1,2,3,4,5,6,此時(shí)有6個(gè). (2)再考慮等腰三角形情況,若a,b是腰,則a=b, 當(dāng)a=b=1時(shí),c<a+b=2,則c=1,與等邊三角形情況重復(fù); 當(dāng)a=b=2時(shí),c<4,則c=1,3(c=2的情況等邊三角形已經(jīng)討論了),此時(shí)有2個(gè); 當(dāng)a=b=3時(shí),c<6,則c=1,2,4,5,此時(shí)有4個(gè); 當(dāng)a=b=4時(shí),c<8,則c=1,2,3,5,6,此時(shí)有5個(gè); 當(dāng)a=b=5時(shí),c<10,有c=1,2,3,4,6,此時(shí)有5個(gè); 當(dāng)a=b=6時(shí),c<12,有c=1,2,3,4,5,此時(shí)有5個(gè); 由分類(lèi)加法計(jì)數(shù)原理知有2+4+5+5+5+6=27個(gè). 12.設(shè)有5幅不同的國(guó)畫(huà),2幅不同的油畫(huà),7幅不同的水彩畫(huà). (1)從中任選一幅畫(huà)布置房間,有幾種不同的選法? (2)從這些國(guó)畫(huà)、油畫(huà)、水彩畫(huà)中各選一幅畫(huà)布置房間,有幾種不同的選法? (3)從這些畫(huà)中任選出兩幅不同畫(huà)種的畫(huà)布置房間,有幾種不同的選法? [解析] (1)利用分類(lèi)加法計(jì)數(shù)原理:5+2+7=14(種)不同的選法. (2)國(guó)畫(huà)有5種不同選法,油畫(huà)有2種不同的選法,水彩畫(huà)有7種不同的選法,利用分步乘法計(jì)數(shù)原理得到5×2×7=70(種)不同的選法. (3)選法分三類(lèi),分別為選國(guó)畫(huà)與油畫(huà)、油畫(huà)與水彩畫(huà)、國(guó)畫(huà)與水彩畫(huà),由分類(lèi)加法計(jì)數(shù)原理和分步乘法計(jì)數(shù)原理知共有5×2+2×7+5×7=59(種)不同的選法. B組 1.安排6名歌手演出順序時(shí),要求歌手乙、丙均排在歌手甲的前面或者后面,則不同排法的種數(shù)是( D ) A.180 B.240 C.360 D.480 [解析] 將6個(gè)位置依次編號(hào)為1、2、3、…、6號(hào),當(dāng)甲排在1號(hào)或6號(hào)位時(shí),不同排法種數(shù)為2A種;當(dāng)甲排在2號(hào)或5號(hào)位時(shí),不同排法種數(shù)為2A·A種;當(dāng)甲排在3號(hào)或4號(hào)位置時(shí),不同排法種數(shù)有2(AA+AA)種, ∴共有不同排法種數(shù),2A+2AA+2(AA+AA)=480種,故選D. 2.如圖,M、N、P、Q為海上四個(gè)小島,現(xiàn)要建造三座橋,將這四個(gè)小島連接起來(lái),則不同的建橋方法有( C ) A.8種 B.12種 C.16種 D.20種 [解析] 把四個(gè)小島看作四個(gè)點(diǎn),可以?xún)蓛芍g連成6條線段,任選3條,共有C種情形,但有4種情形不滿(mǎn)足題意,∴不同的建橋方法有C-4=16種,故選C. 3.設(shè)(1+x+x2)n=a0+a1x+…+a2nx2n,則a2+a4+…+a2n的值為( B ) A. B. C.3n-2 D.3n [解析] (賦值法)令x=1, 得a0+a1+a2+…+a2n-1+a2n=3n.① 再令x=-1得, a0-a1+a2+…-a2n-1+a2n=1.② 令x=0得a0=1. 則①+②得2(a0+a2+…+a2n)=3n+1, ∴a0+a2+…+a2n=, ∴a2+a4+…+a2n=-a0=-1=. 4.用數(shù)字0,1,2,3,4,5組成沒(méi)有重復(fù)數(shù)字的五位數(shù),其中比40 000大的偶數(shù)共有( B ) A.144個(gè) B.120個(gè) C.96個(gè) D.72個(gè) [解析] 據(jù)題意,萬(wàn)位上只能排4,5.若萬(wàn)位上排4,則有2×A34個(gè);若萬(wàn)位上排5,則有3×A34個(gè).所以共有2×A34+3×A34=5×24=120(個(gè)).故選B. 5.若(x2+)n的展開(kāi)式中前三項(xiàng)的系數(shù)成等差數(shù)列,則展開(kāi)式中一次項(xiàng)的系數(shù)為( B ) A.     B.     C.6     D.7 [解析] 因?yàn)?x2+)n的展開(kāi)式通項(xiàng)為T(mén)r+1=C(x2)n-r()r=()rCx2n-3r,其系數(shù)為()rC.故展開(kāi)式中前三項(xiàng)的系數(shù)為C,C,C,由已知可得這三個(gè)數(shù)成等差數(shù)列,所以C+C=2×C,即n2-9n+8=0,解得n=8或n=1(舍去). 令2n-3r=16-3r=1,可得r=5,所以一次項(xiàng)的系數(shù)為()5C=. 6.(2018·太原模擬)用5,6,7,8,9組成沒(méi)有重復(fù)數(shù)字的五位數(shù),其中有且僅有一個(gè)奇數(shù)夾在兩個(gè)偶數(shù)之間的五位數(shù)的個(gè)數(shù)為( A ) A.36 B.48 C.72 D.120 [解析] 第一步,將3個(gè)奇數(shù)全排列有A種方法; 第二步,將2個(gè)偶數(shù)插入,使它們之間只有一個(gè)奇數(shù),共3種方法; 第三步,將2個(gè)偶數(shù)全排列有A種方法,所以,所有的方法數(shù)是3AA=36. 7.(2018·漳州二模)已知(2x-1)10=a0+a1x+a2x2+…+a9x9+a10x10,則a2+a3+…+a9+a10的值為( D ) A.-20 B.0 C.1 D.20 [解析] 令x=1得a0+a1+a2+…+a9+a10=1,再令x=0,得a0=1,所以a1+a2+…+a9+a10=0,又易知a1=C×21×(-1)9=-20,所以a2+a3+…+a9+a10=20. 8.(2018·江西宜春二模)若(x3+)n的展開(kāi)式中含有常數(shù)項(xiàng),且n的最小值為a,則dx=(  C  ) A.0 B. C. D.49π [解析] 由展開(kāi)式的通項(xiàng), 由展開(kāi)式中含有常數(shù)項(xiàng),得3n-r=0有整數(shù)解, 故n的最小值為7,dx=. 9.將編號(hào)1,2,3,4的四個(gè)小球放入3個(gè)不同的盒子中,每個(gè)盒子里至少放1個(gè),則恰有1個(gè)盒子放有2個(gè)連號(hào)小球的所有不同放法有18種.(用數(shù)字作答) [解析] 先把4個(gè)小球分為(2,1,1)一組,其中2個(gè)連號(hào)小球的種類(lèi)有(1,2,),(2,3),(3,4)為一組,分組后分配到三個(gè)不同的盒子里,共有CA=18種. 10.現(xiàn)有16張不同的卡片,其中紅色、黃色、藍(lán)色、綠色卡片各4張,從中任取3張,要求取出的這些卡片不能是同一種顏色,且紅色卡片至多1張,不同取法的種數(shù)為472. [解析] 由題意,不考慮特殊情況,共有C種取法,其中每一種卡片各取三張,有4C種取法,兩種紅色卡片,共有CC種取法,故所求的取法共有C-4C-CC=560-16-72=472. 11.若對(duì)于任意實(shí)數(shù)x,有x5=a0+a1(x-2)+…+a5(x-2)5,則a1+a3+a5-a0=89. [解析] 令x=3得a0+a1+…+a5=35,令x=1得a0-a1+…-a5=1,兩式相減得a1+a3+a5==121,令x=2得a0=25=32,故a1+a3+a5-a0=121-32=89. 12.如果(3x-)n的展開(kāi)式中各項(xiàng)系數(shù)之和為128,則展開(kāi)式中的系數(shù)是21. [解析] (3x-)n的展開(kāi)式的各項(xiàng)系數(shù)之和為(3×1-)n=2n=128,所以n=7,所以(3x-)n=(3x-)7,其展開(kāi)式的通項(xiàng)為T(mén)r+1=C(3x)7-r(-)r=C·37-r·x7-r·(-x-)r=(-1)rC37-rx7-r,由7-r=-3,得r=6,所以的系數(shù)是C·(-1)6·3=21. 13.某醫(yī)科大學(xué)的學(xué)生中,有男生12名、女生8名在某市人民醫(yī)院實(shí)習(xí),現(xiàn)從中選派5名學(xué)生參加青年志愿者醫(yī)療隊(duì). (1)某男生甲與某女生乙必須參加,共有多少種不同的選法? (2)甲、乙均不能參加,有多少種選法? (3)甲、乙二人至少有一人參加,有多少種選法? (4)醫(yī)療隊(duì)中男生和女生都至少有一名,有多少種選法? [解析] (1)只需從其他18人中選3人即可,共有C=816(種). (2)只需從其他18人中選5人即可,共有C=8568(種). (3)分兩類(lèi):甲、乙中只有一人參加,則有C·C種選法;甲、乙兩人都參加,則有C種選法. 故共有C·C+C=6936(種). (4)方法一(直接法):男生和女生都至少有一名的選法可分為四類(lèi):1男4女;2男3女;3男2女;4男1女, 所以共有C·C+C·C+C·C+C·C=14656(種). 方法二(間接法):由總數(shù)中減去5名都是男生和5名都是女生的選法種數(shù),得C-(C+C)=14656(種). 14.設(shè)f(n)=(a+b)n(n∈N*,n≥2),若f(n)的展開(kāi)式中,存在某連續(xù)3項(xiàng),其二項(xiàng)式系數(shù)依次成等差數(shù)列,則稱(chēng)f(n)具有性質(zhì)P. (1)求證:f(7)具有性質(zhì)P. (2)若存在n≤2016,使f(n)具有性質(zhì)P,求n的最大值. [解析] (1)f(7)的展開(kāi)式中第二、三、四項(xiàng)的二項(xiàng)式系數(shù)分別為C=7,C=21,C=35, 因?yàn)镃+C=2C,即C,C,C成等差數(shù)列,所以f(7)具有性質(zhì)P. (2)設(shè)f(n)具有性質(zhì)P,則存在k∈N*,1≤k≤n-1,使C,C,C成等差數(shù)列,所以C+C=2C, 整理得:4k2-4nk+(n2-n-2)=0, 即(2k-n)2=n+2, 所以n+2為完全平方數(shù), 又n≤2016,由于442<2016+2<452, 所以n的最大值為442-2=1934,此時(shí)k=989或945.

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