【優(yōu)化方案】2020高中數(shù)學(xué) 第三章章末綜合檢測 蘇教版必修5
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【優(yōu)化方案】2020高中數(shù)學(xué) 第三章章末綜合檢測 蘇教版必修5
(時間:120分鐘;滿分:160分)
一、填空題(本大題共14小題,每小題5分,共計70分.把答案填在題中橫線上)
1.下列結(jié)論中正確的是________.
(1)當(dāng)x≥2時,x+的最小值為2;
(2)當(dāng)0<x≤2時,2x-2-x無最大值;
(3)當(dāng)x≠0時,x+≥2;
(4)當(dāng)x>1時,lgx+≥2.
解析:對(1),x+≥2,當(dāng)且僅當(dāng)x=1時取等號,故(1)錯;
對(2),函數(shù)f(x)=2x-在(0,2]上是增函數(shù),故最大值為4-=,故(2)錯;
對(3),當(dāng)x<0時,x+≤-2,故(3)錯;
對(4),∵x>1,∴l(xiāng)gx>0,lgx+≥2,當(dāng)且僅當(dāng)x=10時取等號,故(4)正確.
答案:(4)
2.已知x>0,y>0,x、a、b、y成等差數(shù)列,x、c、d、y成等比數(shù)列,則的最小值是________.
解析:由等差、等比數(shù)列的性質(zhì)得==++2≥2 +2=4,當(dāng)且僅當(dāng)x=y(tǒng)時取“=”.
答案:4
3.若關(guān)于x的不等式-x2+2x>mx的解集是{x|0<x<2},則實數(shù)m的值是________.
解析:將原不等式化為:x2+(m-2)x<0,即x(x+2m-4)<0,顯然,上式是關(guān)于x的一元二次不等式,故0,2是對應(yīng)方程的兩個根,代入得m=1.
答案:1
4.當(dāng)a>0且a≠1時,函數(shù)f(x)=loga(x-1)+1的圖象恒過點A,若點A在直線mx-y+n=0上,則4m+2n的最小值為________.
解析:由題意知y=f(x)恒過點(2,1),故2m+n=1.
所以4m+2n≥2=2=2.
當(dāng)且僅當(dāng)4m=2n即m=,n=時取“=”.
答案:2
5.已知函數(shù)f(x)=,則不等式f(x)>0的解集為________.
解析:由題意知:
??0<x<1;
又??-1<x≤0.
故不等式的解集為{x|-1<x<1}.
答案:{x|-1<x<1}
6.設(shè)x,y,z為正實數(shù),且滿足x-2y+3z=0,則的最小值是________.
解析:由x-2y+3z=0得y=,代入得≥=3,當(dāng)且僅當(dāng)x=3z時取“=”.
答案:3
7.(2020年高考山東卷)設(shè)變量x,y滿足約束條件則目標(biāo)函數(shù)z=3x-4y的最大值和最小值分別為________.
解析:作出可行域如圖陰影部分所示,由圖可知z=3x-4y經(jīng)過點A時z有最小值,經(jīng)過點B時z有最大值.易求A(3,5),B(5,3).∴z最大=3×5-4×3=3,z最?。?×3-4×5=-11.
答案:3,-11
8.在R上定義運算?:x?y=x(1-y),若不等式(x-a)?(x+a)<1對任意實數(shù)x恒成立,則a的取值范圍是________.
解析:由定義有(x-a)?(x+a)<1?(x-a)(1-x-a)<1?x2-x-a2+a+1>0,在R上恒成立.
所以Δ=1-4(-a2+a+1)=4a2-4a-3<0,
解得-<a<.
答案:-<a<
9.已知實數(shù)x,y滿足如果目標(biāo)函數(shù)z=x-y的最小值為-1,則實數(shù)m等于________.
解析:x,y滿足的區(qū)域為圖中陰影部分,由題意知,當(dāng)(x,y)在點A處時,z=x-y取得最小值.
由得A(,).
∴-=-1,
∴m=5.
答案:5
10.若0<a1<a2,0<b1<b2,且a1+a2=b1+b2=1,則下列代數(shù)式中值最大的是________.
(1)a1b1+a2b2;(2)a1a2+b1b2;(3)a1b2+a2b1;(4).
解析:∵0<a1<a2,a1+a2=1,
∴0<a1<,<a2<1,
同理有0<b1<,<b2<1.
∴a1b1+a2b2-(a1a2+b1b2)
=(b1-a2)·(a1-b2)>0,
∴a1b1+a2b2>a1a2+b1b2.
∵a1b1+a2b2-(a1b2+a2b1)
=(b1-b2)·(a1-a2)>0,
∴a1b1+a2b2>a1b2+a2b1.
∵a1b1+a2b2-
=a1b1+a2b2-
=[a1b1+a2b2-(a1b2+a2b1)]
=(b1-b2)·(a1-a2)>0,
∴a1b1+a2b2>.
∴a1b1+a2b2的值最大.
答案:(1)
11.已知α、β是方程x2+ax+2b=0的兩根,且α∈[0,1],β∈[1,2],a,b∈R,則的最大值是________.
解析:α,β是方程x2+ax+2b=0的兩根.
由α∈[0,1],β∈[1,2],設(shè)f(x)=x2+ax+2b,
則即
畫出可行域(圖中陰影部分),表示陰影區(qū)域△ABC內(nèi)的點到點P(1,3)的斜率.其中C(-3,1),B(-1,0),求得的最大值是.
答案:
12.如圖,目標(biāo)函數(shù)u=ax-y的可行域為四邊形OACB(含邊界).若點C(,)是該目標(biāo)函數(shù)的最優(yōu)解,則a的取值范圍是________.
解析:由u=ax-y得y=ax-u,于是要使點C(,)是目標(biāo)函數(shù)的最優(yōu)解,需有kAC≤a≤kBC,而kAC=-,kBC=-.
答案:
13.不等式x2-2x+3≤a2-2a-1在R上的解集是?,則實數(shù)a的取值范圍是________.
解析:原不等式即x2-2x-a2+2a+4≤0,在R上解集為?,∴Δ=4-4(-a2+2a+4)<0,即a2-2a-3<0,解得-1<a<3.
答案:{a|-1<a<3}
14.已知點A(5,5),過點A的直線l:x=my+n(n>0),若可行域的外接圓的直徑為20,則實數(shù)n的值是________.
解析:由題意可知,可行域是由三條直線x=my+n(n>0 )、x-y=0和y=0所圍成的封閉三角形(包括邊界),如圖中陰影部分.
又知直線x-y=0過點A(5,5),
由|OA|=10,外接圓直徑2R=20.
設(shè)直線l的傾斜角為α,
則由正弦定理,得=20,
所以sinα=,tan α=±(正值不合題意,舍去).
由tanα=,得=-,即m=-.
將點A(5,5)代入直線x=-y+n,
得5=-×5+n,解得n=10.
答案:10
二、解答題(本大題共6小題,共計90分.解答時應(yīng)寫出文字說明、證明過程或演算步驟)
15.(本小題滿分14分)已知a>0,b>0,且a≠b,比較+與a+b的大?。?
解:∵(+)-(a+b)=-b+-a
=+=(a2-b2)(-)
=(a2-b2)=,
又∵a>0,b>0,a≠b,∴(a-b)2>0,a+b>0,ab>0,
∴(+)-(a+b)>0,∴+>a+b.
16.(本小題滿分14分)(2020年高考江蘇卷)按照某學(xué)者的理論,假設(shè)一個人生產(chǎn)某產(chǎn)品單件成本為a元,如果他賣出該產(chǎn)品的單價為m元,則他的滿意度為;如果他買進該產(chǎn)品的單價為n元,則他的滿意度為.如果一個人對兩種交易(賣出或買進)的滿意度分別為h1和h2,則他對這兩種交易的綜合滿意度為.
現(xiàn)假設(shè)甲生產(chǎn)A、B兩種產(chǎn)品的單件成本分別為12元和5元,乙生產(chǎn)A、B兩種產(chǎn)品的單件成本分別為3元和20元,設(shè)產(chǎn)品A、B的單價分別為mA元和mB元,甲買進A與賣出B的綜合滿意度為h甲,乙賣出A與買進B的綜合滿意度為h乙.
(1)求h甲和h乙關(guān)于mA、mB的表達式;當(dāng)mA=mB時,求證:h甲=h乙;
(2)設(shè)mA=mB,當(dāng)mA、mB分別為多少時,甲、乙兩人的綜合滿意度均最大?最大的綜合滿意度為多少?
(3)記(2)中最大的綜合滿意度為h0,試問能否適當(dāng)選取mA、mB的值,使得h甲≥h0和h乙≥h0同時成立,但等號不同時成立?試說明理由.
解:設(shè)mA=x,mB=y(tǒng).
(1)甲買進產(chǎn)品A的滿意度:
h1甲=;
甲賣出產(chǎn)品B的滿意度:h2甲=;
甲買進產(chǎn)品A和賣出產(chǎn)品B的綜合滿意度:h甲=;
同理,乙賣出產(chǎn)品A和買進產(chǎn)品B的綜合滿意度:h乙=.
當(dāng)x=y(tǒng)時,
h甲==
=,
h乙==
=.
故h甲=h乙.
(2)當(dāng)x=y(tǒng)時,
由(1)知h甲=h乙=,
因為=≤,
且等號成立時當(dāng)且僅當(dāng)y=10.
當(dāng)y=10時,x=6.
因此,當(dāng)mA=6,mB=10時,甲、乙兩人的綜合滿意度均最大,且最大的綜合滿意度為.
(3)由(2)知h0=.
因為h甲h乙=
=≤,
所以當(dāng)h甲≥,h乙≥時,有h甲=h乙=.
因此,不能取到mA,mB的值,使得h甲≥h0和h乙≥h0同時成立,但等號不同時成立.
17.(本小題滿分14分)已知兩正數(shù)x,y滿足x+y=1,求z=(x+)·(y+)的最小值.
解:z=(x+)·(y+)=xy+++
=
=
==xy+-2,
令t=xy,∵x+y=1,
∴0<≤,即0<t≤.
∴z=t+-2在t∈(0,]上是單調(diào)減函數(shù).
∴當(dāng)t=時,zmin=.
18.(本小題滿分16分)某?;锸抽L期以面粉和大米為主食,面食每100 g含蛋白質(zhì)6個單位,含淀粉4個單位,售價0.5元,米食每100 g含蛋白質(zhì)3個單位,含淀粉7個單位,售價0.4元.學(xué)校要求給學(xué)生配制盒飯,每盒盒飯至少有8個單位的蛋白質(zhì)和10個單位的淀粉,問應(yīng)如何配制盒飯,才既科學(xué)又費用最少?
解:設(shè)每盒盒飯需要面食x(百克),米食y(百克),所需費用為z=0.5x+0.4y,且x,y滿足
作出可行域如圖所示
.
由圖可知,平行直線系y=-x+z過點A時,縱截距z最小,即z最?。?
由解得點A.
所以每盒盒飯為面食百克,米食百克時,既科學(xué)又費用最少.
19.(本小題滿分16分)已知x、y滿足設(shè)z=ax+y(a>0),若當(dāng)z取最大值時對應(yīng)的點有無數(shù)多個,求a的值.
解:畫出可行域,如圖所示,即直線z=ax+y(a>0)平行于直線AC,則直線經(jīng)過線段AC上任意一點時,z均取得最大值,此時將滿足條件,有無數(shù)多個點使函數(shù)取得最大值.
分析知當(dāng)直線y=-ax+z剛好移動到直線AC時,將會有無數(shù)多個點使函數(shù)取得最大值.
又由于kAC==-,
即-a=-,∴a=.
20.(本小題滿分16分)某工廠統(tǒng)計資料顯示,一種產(chǎn)品次
品率p與日產(chǎn)量x(x∈N*,80≤x≤100)件之間的關(guān)系如下表所示:
日產(chǎn)量x
80
81
82
…
x
…
98
99
100
次品率p
…
P(x)
…
其中p(x)=(a為常數(shù)).已知生產(chǎn)一件正品盈利k元,生產(chǎn)一件次品損失元(k為給定常數(shù)).
(1)求出a,并將該廠的日盈利額y(元)表示為日生產(chǎn)量x(件)的函數(shù);
(2)為獲取最大盈利,該廠的日生產(chǎn)量應(yīng)定為多少件?
解:(1)根據(jù)表中數(shù)據(jù)可得a=108,
∴p(x)=(80≤x≤100,x∈N*).
由題意,當(dāng)日產(chǎn)量為x時,次品數(shù)為·x,
正品數(shù)為(1-)·x,
∴y=(1-)x·k-x·k.
整理,得y=kx(3-)(80≤x≤100,x∈N*).
(2)令108-x=t,t∈[8,28],t∈N*.
y=k(108-t)(3-)=k[328-3(t+)]≤k·(328-3×2× )=k.
當(dāng)且僅當(dāng)t=,即t=12時取到“=”.
此時x=96.
即該廠的日生產(chǎn)量定為96件時,獲取的盈利最大.