高考數(shù)學大二輪總復習與增分策略 專題三 三角函數(shù)、解三角形與平面向量 第3講 平面向量練習 理
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高考數(shù)學大二輪總復習與增分策略 專題三 三角函數(shù)、解三角形與平面向量 第3講 平面向量練習 理
第3講 平面向量
1.(2016課標全國丙)已知向量=,=,則∠ABC等于( )
A.30 B.45 C.60 D.120
答案 A
解析 ∵||=1,||=1,
cos∠ABC==,∴∠ABC=30.
2.(2016山東)已知非零向量m,n滿足4|m|=3|n|,cos〈m,n〉=.若n⊥(tm+n),則實數(shù)t的值為( )
A.4 B.-4 C. D.-
答案 B
解析 ∵n⊥(tm+n),∴n(tm+n)=0,即tmn+n2=0,∴t|m||n|cos〈m,n〉+|n|2=0,由已知得t|n|2+|n|2=0,解得t=-4,故選B.
3.(2016天津)已知△ABC是邊長為1的等邊三角形,點D,E分別是邊AB,BC的中點,連接DE并延長到點F,使得DE=2EF,則的值為( )
A.- B.
C. D.
答案 B
解析 如圖所示,=+.
又D,E分別為AB,BC的中點,
且DE=2EF,所以=,
=+=+
==,
所以=+.
又=-,
則=(-)
=-2+2-
=2-2-.
又||=||=1,∠BAC=60,
故=--11=.
故選B.
4.(2016浙江)已知向量a,b,|a|=1,|b|=2.若對任意單位向量e,均有|ae|+|be|≤,則ab的最大值是________.
答案
解析 由已知可得:
≥|ae|+|be|≥|ae+be|=|(a+b)e|,
由于上式對任意單位向量e都成立.
∴≥|a+b|成立.
∴6≥(a+b)2=a2+b2+2ab=12+22+2ab.
即6≥5+2ab,∴ab≤.
1.考查平面向量的基本定理及基本運算,多以熟知的平面圖形為背景進行考查,多為選擇題、填空題,難度中低檔.2.考查平面向量的數(shù)量積,以選擇題、填空題為主,難度低;向量作為工具,還常與三角函數(shù)、解三角形、不等式、解析幾何結(jié)合,以解答題形式出現(xiàn).
熱點一 平面向量的線性運算
1.在平面向量的化簡或運算中,要根據(jù)平面向量基本定理選好基底,變形要有方向不能盲目轉(zhuǎn)化.
2.在用三角形加法法則時,要保證“首尾相接”,結(jié)果向量是第一個向量的起點指向最后一個向量終點所得的向量;在用三角形減法法則時,要保證“同起點”,結(jié)果向量的方向是指向被減向量.
例1 (1)設(shè)0<θ<,向量a=(sin 2θ,cos θ),b=(cos θ,1),若a∥b,則tan θ=______.
(2)(2016課標全國乙)設(shè)D為△ABC所在平面內(nèi)一點,=3,則( )
A.=-+ B.=-
C.=+ D.=-
答案 (1) (2)A
解析 (1)因為a∥b,
所以sin 2θ=cos2θ,2sin θcos θ=cos2θ.
因為0<θ<,
所以cos θ>0,
得2sin θ=cos θ,tan θ=.
(2)∵=3,∴-=3(-),
即4-=3,∴=-+.
思維升華 (1)對于平面向量的線性運算,要先選擇一組基底;同時注意共線向量定理的靈活運用.(2)運算過程中重視數(shù)形結(jié)合,結(jié)合圖形分析向量間的關(guān)系.
跟蹤演練1 (1)在△ABC中,AB=2,BC=3,∠ABC=60,AD為BC邊上的高,O為AD的中點,若=λ+μ,則λ+μ等于( )
A.1 B.
C. D.
(2)如圖,正方形ABCD中,點E是DC的中點,點F是BC的一個三等分點,那么等于( )
A.- B.+
C.+ D.-
答案 (1)D (2)D
解析 (1)∵=+=+,
∴2=+,
即=+.
故λ+μ=+=.
(2)在△CEF中,有=+.
因為點E為DC的中點,所以=.
因為點F為BC的一個三等分點,所以=.
所以=+=+
=-,故選D.
熱點二 平面向量的數(shù)量積
1.數(shù)量積的定義:ab=|a||b|cos θ.
2.三個結(jié)論
(1)若a=(x,y),則|a|==.
(2)若A(x1,y1),B(x2,y2),則
||=.
(3)若a=(x1,y1),b=(x2,y2),θ為a與b的夾角,
則cos θ==.
例2 (1)如圖,在平行四邊形ABCD中,已知AB=8,AD=5,=3,=2,則的值是________.
(2)若b=,|a|=2|b|,且(a+b)b=-2,則向量a,b的夾角為( )
A. B.
C. D.
答案 (1)22 (2)C
解析 (1)由=3,得==,=+=+,=-=+-=-.因為=2,所以(+)(-)=2,即2--2=2.
又因為2=25,2=64,所以=22.
(2)b2=cos2+cos2
=cos2+sin2=1,
所以|b|=1,|a|=2.
由(a+b)b=-2,可得ab+b2=-2,
故ab=-.
故cos〈a,b〉===-.
又〈a,b〉∈[0,π],所以〈a,b〉=,故選C.
思維升華 (1)數(shù)量積的計算通常有三種方法:數(shù)量積的定義,坐標運算,數(shù)量積的幾何意義;(2)可以利用數(shù)量積求向量的模和夾角,向量要分解成題中模和夾角已知的向量進行計算.
跟蹤演練2 (1)已知點A,B,C,D在邊長為1的方格點圖的位置如圖所示,則向量在方向上的投影為( )
A.- B.-1
C.- D.
(2)已知正方形ABCD的邊長為1,點E是AB邊上的動點,則的值為________;的最大值為________.
答案 (1)A (2)1 1
解析 (1)不妨以點A為坐標原點,建立如圖所示的平面直角坐標系,易得=(-2,3),=(4,2),所以向量在方向上的投影為==-.
故選A.
(2)方法一 分別以射線AB,AD為x軸,y軸的正方向建立平面直角坐標系,
則A(0,0),B(1,0),C(1,1),D(0,1),設(shè)E(t,0),t∈[0,1],則=(t,-1),=(0,-1),所以=(t,-1)(0,-1)=1.
因為=(1,0),所以=(t,-1)(1,0)=t≤1,
故的最大值為1.
方法二 由圖知,
無論E點在哪個位置,在方向上的投影都是CB=1,∴=||1=1,
當E運動到B點時,在方向上的投影最大即為DC=1,
∴()max=||1=1.
熱點三 平面向量與三角函數(shù)
平面向量作為解決問題的工具,具有代數(shù)形式和幾何形式的“雙重型”,高考常在平面向量與三角函數(shù)的交匯處命題,通過向量運算作為題目條件.
例3 已知函數(shù)f(x)=2cos2x+2sin xcos x(x∈R).
(1)當x∈[0,)時,求函數(shù)f(x)的單調(diào)遞增區(qū)間;
(2)設(shè)△ABC的內(nèi)角A,B,C的對邊分別為a,b,c,且c=3,f(C)=2,若向量m=(1,sin A)與向量n=(2,sin B)共線,求a,b的值.
解 (1)f(x)=2cos2x+sin 2x=cos 2x+sin 2x+1=2sin(2x+)+1,
令-+2kπ≤2x+≤+2kπ,k∈Z,
解得kπ-≤x≤kπ+,k∈Z,
因為x∈[0,),
所以f(x)的單調(diào)遞增區(qū)間為[0,].
(2)由f(C)=2sin(2C+)+1=2,
得sin(2C+)=,
而C∈(0,π),所以2C+∈(,),
所以2C+=π,解得C=.
因為向量m=(1,sin A)與向量n=(2,sin B)共線,
所以=.
由正弦定理得=,①
由余弦定理得c2=a2+b2-2abcos,
即a2+b2-ab=9.②
聯(lián)立①②,解得a=,b=2.
思維升華 在平面向量與三角函數(shù)的綜合問題中,一方面用平面向量的語言表述三角函數(shù)中的問題,如利用向量平行、垂直的條件表述三角函數(shù)式之間的關(guān)系,利用向量模表述三角函數(shù)之間的關(guān)系等;另一方面可以利用三角函數(shù)的知識解決平面向量問題,在解決此類問題的過程中,只要根據(jù)題目的具體要求,在向量和三角函數(shù)之間建立起聯(lián)系,就可以根據(jù)向量或者三角函數(shù)的知識解決問題.
跟蹤演練3 已知平面向量a=(sin x,cos x),b=(sin x,-cos x),c=(-cos x,-sin x),x∈R,函數(shù)f(x)=a(b-c).
(1)求函數(shù)f(x)的單調(diào)遞減區(qū)間;
(2)若f=,求sin α的值.
解 (1)因為a=(sin x,cos x),b=(sin x,-cos x),
c=(-cos x,-sin x),
所以b-c=(sin x+cos x,sin x-cos x),
f(x)=a(b-c)=sin x(sin x+cos x)+cos x(sin x-cos x).
則f(x)=sin2x+2sin xcos x-cos2x
=sin 2x-cos 2x=sin.
則當2kπ+≤2x-≤2kπ+,k∈Z,
即kπ+≤x≤kπ+,k∈Z時,函數(shù)f(x)為減函數(shù).
所以函數(shù)f(x)的單調(diào)遞減區(qū)間是,k∈Z.
(2)由(1)知,f(x)=sin,
又f=,
則sin=,sin=.
因為sin2+cos2=1,
所以cos=.
又sin α=sin
=sincos +cossin ,
所以當cos=時,
sin α=+=;
當cos=-時,sin α=-=.
1.如圖,在△ABC中,=,DE∥BC交AC于E,BC邊上的中線AM交DE于N,設(shè)=a,=b,用a,b表示向量.則等于( )
A.(a+b) B.(a+b)
C.(a+b) D.(a+b)
押題依據(jù) 平面向量基本定理是向量表示的基本依據(jù),而向量表示(用基底或坐標)是向量應(yīng)用的基礎(chǔ).
答案 C
解析 因為DE∥BC,所以DN∥BM,
則△AND∽△AMB,所以=.
因為=,
所以=.
因為M為BC的中點,
所以=(+)=(a+b),
所以==(a+b).
故選C.
2.如圖,BC、DE是半徑為1的圓O的兩條直徑,=2,則等于( )
A.- B.-
C.- D.-
押題依據(jù) 數(shù)量積是平面向量最重要的概念,平面向量數(shù)量積的運算是高考的必考內(nèi)容,和平面幾何知識的結(jié)合是向量考查的常見形式.
答案 B
解析 ∵=2,圓O的半徑為1,∴||=,
∴=(+)(+)=2+(+)+=()2+0-1=-.
3.在△ABC中,=(cos 32,cos 58),=(sin 60sin 118,sin 120sin 208),則△ABC的面積為( )
A. B.
C. D.
押題依據(jù) 平面向量作為數(shù)學解題工具,通過向量的運算給出條件解決三角函數(shù)問題已成為近幾年高考的熱點.
答案 B
解析 ||===1,
=,
所以||= =.
則=cos 32cos 28-sin 32sin 28
=(cos 32cos 28-sin 32sin 28)
=cos(32+28)=cos 60=,
故cos〈,〉===.
又〈,〉∈[0,180],所以〈,〉=60,
故B=180-〈,〉=180-60=120.
故△ABC的面積為
S=||||sin B
=1sin 120=.故選B.
4.如圖,在半徑為1的扇形AOB中,∠AOB=60,C為弧上的動點,AB與OC交于點P,則的最小值是_____________________________________________________.
押題依據(jù) 本題將向量與平面幾何、最值問題等有機結(jié)合,體現(xiàn)了高考在知識交匯點命題的方向,本題解法靈活,難度適中.
答案 -
解析 因為=+,所以=(+)=+2.又因為∠AOB=60,OA=OB,所以∠OBA=60,OB=1.所以=||cos 120=-||.所以=-||+||2=(||-)2-≥-.當且僅當||=時,取得最小值-.
A組 專題通關(guān)
1.在△ABC中,已知D是AB邊上一點,若=2,=+λ,則λ等于( )
A. B.
C.- D.-
答案 A
解析 在△ABC中,已知D是AB邊上一點,
∵=2,=+λ,∴=+=+=+(-)=+,∴λ=.
2.△ABC是邊長為2的等邊三角形,已知向量a,b滿足=2a,=2a+b,則下列結(jié)論正確的是( )
A.|b|=1 B.a(chǎn)⊥b
C.a(chǎn)b=1 D.(4a+b)⊥
答案 D
解析 在△ABC中,由=-=2a+b-2a=b,
得|b|=2.
又|a|=1,所以ab=|a||b|cos 120=-1,
所以(4a+b)=(4a+b)b=4ab+|b|2
=4(-1)+4=0,
所以(4a+b)⊥,故選D.
3.在等腰△ABC中,∠BAC=90,AB=AC=2,=2,=3,則的值為( )
A.- B.-
C. D.
答案 A
解析 由已知得到=(+)(+)=-2+++2,△ABC是等腰直角三角形,∠BAC=90,AB=AC=2,所以=-22+0+0+22=-,
故選A.
4.已知向量a,b滿足(a+2b)(a-b)=-6,且|a|=1,|b|=2,則a與b的夾角為( )
A. B.
C. D.
答案 B
解析 設(shè)a與b的夾角為θ,∵(a+2b)(a-b)=-6,且|a|=1,|b|=2,∴1+ab-8=-6,
∴ab=1=|a||b|cos θ,∴cos θ=,
又∵θ∈[0,π],∴θ=,故選B.
5.已知平面向量a、b(a≠0,a≠b)滿足|a|=3,且b與b-a的夾角為30,則|b|的最大值為( )
A.2 B.4 C.6 D.8
答案 C
解析 令=a,=b,則b-a=-=,如圖,
∵b與b-a的夾角為30,∴∠OBA=30,
∵|a|=||=3,∴由正弦定理=得,|b|=||=6sin∠OAB≤6,故選C.
6.若點M是△ABC所在平面內(nèi)的一點,且滿足5=+3,則△ABM與△ABC的面積比值為________.
答案
解析 設(shè)AB的中點為D,
由5=+3,得3-3=2-2,
即3=2.
如圖所示,故C,M,D三點共線,且=,
也就是△ABM與△ABC對于邊AB的兩高之比為3∶5,
則△ABM與△ABC的面積比值為.
7.設(shè)向量=(5+cos θ,4+sin θ),=(2,0),則||的取值范圍是________.
答案 [4,6]
解析 ∵=-=(-3-cos θ,-4-sin θ),
∴||2=(-3-cos θ)2+(-4-sin θ)2
=6cos θ+8sin θ+26=10sin(θ+φ)+26,
其中tan φ=,
∴16≤||2≤36,∴4≤||≤6.
8.設(shè)向量a=(a1,a2),b=(b1,b2),定義一種向量積a?b=(a1b1,a2b2),已知向量m=(2,),n=(,0),點P(x,y)在y=sin x的圖象上運動,Q是函數(shù)y=f(x)圖象上的點,且滿足=m?+n(其中O為坐標原點),則函數(shù)y=f(x)的值域是________.
答案 [-,]
解析 令Q(c,d),由新的運算可得=m?+n=(2x,sin x)+(,0)=(2x+,sin x),
∴消去x得d=sin(c-),
∴y=f(x)=sin(x-),易知y=f(x)的值域是[-,].
9.已知函數(shù)f(x)=sin xcos x+sin2x+(x∈R).
(1)當x∈時,求函數(shù)f(x)的最小值和最大值;
(2)設(shè)△ABC的內(nèi)角A,B,C所對的邊分別為a,b,c,且c=,f(C)=2,若向量m=(1,a)與向量n=(2,b)共線,求a,b的值.
解 (1)∵函數(shù)f(x)=sin xcos x+sin2x+ (x∈R),
∴f(x)=sin 2x++
=sin 2x-cos 2x+1
=sin+1.
∵-≤x≤,∴-≤2x-≤,
∴-≤sin≤1,
∴1-≤sin+1≤2,
∴f(x)的最小值是1-,最大值是2.
(2)∵f(C)=sin+1=2,
∴sin=1,∵0<C<π,
∴-<2C-<,
∴2C-=,解得C=.
∵向量m=(1,a)與向量n=(2,b)共線,
∴b-2a=0,即b=2a.①
由余弦定理得,c2=a2+b2-2abcos ,
即a2+b2-ab=3.②
由①②得a=1,b=2.
10.已知向量a=(cos α,sin α),b=(cos x,sin x),c=(sin x+2sin α,cos x+2cos α),其中0<α<x<π.
(1)若α=,求函數(shù)f(x)=bc的最小值及相應(yīng)x的值;
(2)若a與b的夾角為,且a⊥c,求tan 2α的值.
解 (1)∵b=(cos x,sin x),
c=(sin x+2sin α,cos x+2cos α),α=,
∴f(x)=bc
=cos xsin x+2cos xsin α+sin xcos x+2sin xcos α
=2sin xcos x+(sin x+cos x).
令t=sin x+cos x,
則2sin xcos x=t2-1,且-1<t<.
則y=t2+t-1=2-,-1<t<,
∴t=-時,ymin=-,此時sin x+cos x=-,
即sin=-,
∵<x<π,∴<x+<π,
∴x+=π,∴x=.
∴函數(shù)f(x)的最小值為-,相應(yīng)x的值為.
(2)∵a與b的夾角為,
∴cos ==cos αcos x+sin αsin x
=cos(x-α).
∵0<α<x<π,∴0<x-α<π,∴x-α=.
∵a⊥c,
∴cos α(sin x+2sin α)+sin α(cos x+2cos α)=0,
∴sin(x+α)+2sin 2α=0,
即sin+2sin 2α=0.
∴sin 2α+cos 2α=0,
∴tan 2α=-.
B組 能力提高
11.已知非零單位向量a與非零向量b滿足|a+b|=|a-b|,則向量b-a在向量a上的投影為( )
A.1 B.
C.-1 D.-
答案 C
解析 因為|a+b|=|a-b|,
所以(a+b)2=(a-b)2,
解得ab=0,所以向量b-a在向量a上的投影為|b-a|cos〈a,b-a〉==
=-|a|=-1.
12.(2015課標全國Ⅰ)已知M(x0,y0)是雙曲線C:-y2=1上的一點,F(xiàn)1,F(xiàn)2是C的兩個焦點,若<0,則y0的取值范圍是( )
A. B.
C. D.
答案 A
解析 由題意知a=,b=1,c=,
∴F1(-,0),F(xiàn)2(,0),
∴=(--x0,-y0),=(-x0,-y0).
∵<0,∴(--x0)(-x0)+y<0,
即x-3+y<0.∵點M(x0,y0)在雙曲線上,
∴-y=1,即x=2+2y,
∴2+2y-3+y<0,∴-<y0<.故選A.
13.對任意兩個非零的平面向量α和β,定義α°β=.若平面向量a,b滿足|a|≥|b|>0,a與b的夾角θ∈,且a°b和b°a都在集合{|n∈Z}中,則a°b=________.
答案
解析 因為a°b==cos θ≥cos θ>,b°a==cos θ≤cos θ<1,又a°b和b°a都在集合{|n∈Z}中,所以b°a=cos θ=,即=,
所以a°b=cos θ=2cos2θ<2,又2cos2θ>1,
所以1<a°b<2,即a°b=.
14.在直角坐標系xOy中,已知點A(1,1),B(2,3),C(3,2),點P(x,y)在△ABC三邊圍成的區(qū)域(含邊界)上.
(1)若++=0,求||;
(2)設(shè)=m+n(m,n∈R),用x,y表示m-n,并求m-n的最大值.
解 (1)方法一 ∵++=0,
又++=(1-x,1-y)+(2-x,3-y)+(3-x,2-y)=(6-3x,6-3y),
∴解得
即=(2,2),故||=2.
方法二 ∵++=0,
則(-)+(-)+(-)=0,
∴=(++)=(2,2),∴||=2.
(2)∵=m+n,
∴(x,y)=(m+2n,2m+n),∴
兩式相減得,m-n=y(tǒng)-x.
令y-x=t,由圖知,當直線y=x+t過點B(2,3)時,t取得最大值1,故m-n的最大值為1.