【備戰(zhàn)2012】高考數(shù)學(xué)歷屆真題專題08立體幾何理
歷屆真題專題
【 2011 年高考試題】
一、選擇題 :
1. (2011 年高考山東卷理科 11) 下圖是長和寬分別相等的兩個矩形.給定下列三個命題:
①存在三 棱 柱,其正 ( 主 ) 視圖、俯視圖如下圖;②存在四棱柱,其正 ( 主) 視圖、俯視圖如
下圖;③存在圓柱,其正 ( 主 ) 視圖、俯視圖如下圖.其中真命題的個數(shù)是
(A)3 (B)2 (C)1 (D)0
【答案】 A
【解析】對于① , 可以是放倒的三棱柱;容易判斷②③可以 .
2. (2011 年高考浙江卷理科 3) 若某幾何體的三視圖如圖所示,則這個幾何體的直觀圖可以
是
4. (2011 年高考安徽卷理科 6) 一個空間幾何體得三視圖如圖所示,則該幾何體的表面積為
1
(A) 48 (B)32+8 (C) 48+8 (D) 80
【答案】 C
【命題意圖】本題考查三視圖的識別以及空間多面體表面積的求法 .
【解析】由三視圖可知幾何體是底面是等腰梯形的直棱柱 . 底面等腰梯形的上底為 2,下底
為 4,高為 4,。故
S表
【解題指導(dǎo)】:三視圖還原很關(guān)鍵,每一個數(shù)據(jù)都要標(biāo)注準(zhǔn)確。
5. (2011 年高考遼寧卷理科 8) 如圖,四棱錐 S-ABCD的底面為正方形, SD⊥底面 ABCD,則下
故 AC⊥平面 ABD,因為 SB 平面 ABD,所以 AC⊥ SB,正確 . 對于 B:因為 AB//CD, 所以 AB// 平
面 SCD.對于 C: 設(shè) AC BD O . 因為 AC⊥平面 ABD,所以 SA和 SC在平面 SBD內(nèi)的射影為
2
SO,則∠ ASO和∠ CSO就是 SA與平面 SBD所成的角和 SC與平面 SBD所成的角,二者相等,
正確 . 故選 D.
6. (2011
年高考遼寧卷理科
12) 已知球的直徑 SC=4, A,B 是該球球面上的兩點,
AB= 3 ,
ASC
BSC
30 ,則棱錐 S-ABC的體積為(
)
( A) 3 3
(B) 2 3
( C) 3
( D)1
第 6 題圖
C
A B
D
3
答案: D
解析: 由主視圖和府視圖可知, 原幾何體是由后面是半個圓錐,前面是三棱錐的組合體,所
以,左視圖是 D.
點評:本題考查三視圖、直觀圖及他們之間的互化,同時也考查空間想象能力和推理能力,
要求有扎實的基礎(chǔ)知識和基本技能。
8. (2011 年高考江西卷理科
8) 已知 1 ,
2 ,
3 是三個相互平行的平面.平面
1 , 2 之
間的距離為 d1 ,平面
2 ,
3 之間的距離為 d2 .直線 l 與
1 , 2 , 3 分別相交于 P1 , P2 ,
P3 ,那么“ P1 P2 = P2 P3 ”是“ d1 d2 ”的
A. 充分不必要條件
B.
必要不充分條件
C .充分必要條件 D .既不充分也不必要條件
【答案】 C
【解析】過點
P1 作平面
2 的垂線 g, 交平面
2 ,
3 分別于點 A、B 兩點 , 由兩個平面平行的
性質(zhì)可知 P2 A ∥ P3 B , 所以 PP12
d1
, 故選 C.
PP
d
2
1
2
9. (2011 年高考湖南卷理科 3) 設(shè)圖 1 是某幾何體的三視圖,則該幾何體的體積為
A. 9
12
B.
9
18
C.
9
42 D.
36 18
3
2
2
答案: B
解析:由三視圖可以還原為一個底面為邊長是
3 的正方形,
2
高為 2 的長方體以及一個直徑為
3 的球組成的簡單幾何體,
3
其體積等于
4
3
)
3
3
3
2
9
正視圖
側(cè)視圖
3
(
18 。故選 B
2
2
評析:本小題主要考查球與長方體組成的簡單幾何體的三視圖
以及幾何體的體積計算 .
俯視圖
圖 1
10.(2011
年高考廣東卷理科
7) 如圖 l — 3.某幾何體的正視圖
( 主視圖 ) 是平行四邊形, 側(cè)視
圖( 左視圖 ) 和俯視圖都是 矩形,則該幾何體的體積為(
)
4
A. 6 3 B. 9 3 C. 12 3 D. 18 3
【解析】 B. 由題得三視圖對應(yīng)的直觀圖是如圖所示的直四棱柱,
EA 平面 ABCD .
V S
h 3 22
1 3 9 3 。所以選 B
平行四邊形 ABCD
11. (2011 年高考陜西卷理科 5) 某幾何體的三視圖如圖所示,則它的體積是
2
( A) 8 ( B) 8
3 3
( C) 8 2 ( D) 2
3
【答案】 A
H
G
D
E
3
C
3
F
2
A
1
B
【解析】:由三視圖可知該幾何體為立方體與圓錐,
立方體棱長為 2,圓錐底面半徑為 1、高為 2,
所以體積為 23
1
12
2
8
2
3
3
故選 A
12. (2011 年高考重慶卷理科 9) 高為 2 的四棱錐 S-ABCD的底面是邊長為 1 的正方形,點 S、
4
A、 B、 C、D 均在半徑為 1 的同一球面上,則底面 ABCD的中心與頂點 S 之間的距離為
(A)
2
( B)
2
4
2
5
(C) 1
( D)
2
解析:選 C. 設(shè)底面中心為
G,球心為 O,則易得
AG
2
2
,于是 OG
,用一個與 ABCD
2
2
所在平面距離等于
2 的平面去截球, S 便為其中一個交點,此平面的中心設(shè)為
H,則
4
2
OH
2
2
2
,故 SH 2
12
2
7 ,故
2
4
4
4
8
7
2
2
SG
SH 2
HG 2
1
8
4
13. (2011
年高考四川卷理科
3 ) l1 , l 2 , l3 是空間三條不同的直線,則下列命題正確的是
( )
(A)
l1
l2 , l 2
l3
l1
l3
( B) l1
l2 , l 2
l3
l1 l3
(C)
l 2
l3
l3
l1 , l 2 ,
l3 共面
( D) l1 , l2 , l 3 共點
l1 , l 2 , l3 共面
【答案】 C
【解析】如圖,作 DE
BC 于 E ,由l
為直二面角,
AC
l ,得 AC
平面
,
進(jìn)而 AC
DE , 又 BC
DE ,
BC AC
C ,
A
于是 DE
平面 ABC 。故 DE 為 D 到平面 ABC 的距離。
α
在 Rt BCD 中,利用等面積法得
BD
DC
1 2
6
l
D
C
DE
3
.
BC
3
β B
E
6
15. (2011 年高考全國卷理科
11) 已知平面
截一球面得圓
M,過圓心 M且與
成 600
,二
面角的平面
截該球面得圓
N,若該球的半徑為
4,圓 M
的面積為 4 ,則圓 N 的面積為
(A) 7 (B) 9 (c) 11 (D) 13
【答案】 D
【 解 析 】: 由 圓 M 的 面 積 為 4 得 MA 2 ,
OM 2
42
22
12
OM
2
3 ,在 Rt ONM 中 ,
OMN
300
1
r=
4
2
2
13 故選 D
ON
OM
3,
3
13
圓
S
N
2
二、填空題 :
1. (2011 年高考遼寧卷理科 15) 一個正三棱柱的側(cè)棱長和底面邊長相等, 體積為 2 3 ,它的
三 視 圖 中 的 俯 視 圖 如 右 圖 所 示 , 左 視 圖 是 一 個 矩 形 , 則 這 個 矩 形 的 面 積 是
7
____________.
答案: 2 3
小,正確運用公式求解。
3.(2011
年高考天津卷理科
10) 一個幾何體的三視圖如圖所示(單位:
m ),則這個幾何體
的體積為 __________ m3
【答案】
6
【解析】由題意知 , 該幾何體為一個組合體
, 其下面是一個長方體
( 長為 3m,寬為 2m,
高 為 1m),
上 面 有 一 個 圓 錐 ( 底
面 半 徑 為 1, 高 為
3),
所 以 其 體 積 為
V長方體
V圓錐
3 2 1 1
3 6
.
3
4. (2011
年高考四川卷理科
15) 如圖,半徑為 R的球 O中有一內(nèi)接圓柱 . 當(dāng)圓柱的側(cè)面積最
大時,求球的表面積與該圓柱的側(cè)面積之差是
.
8
答案: 2 R2
解析: S側(cè)
2 r
2 R2
r 2
4
r 2 (R2
r 2 )
S側(cè) max
時,
r 2
R2
r 2
r 2
R2
r
2 R ,則 4 R2
2 R2
2 R2
2
2
5. (2011
年高考全國卷理科
16) 己知點 E、F 分別在正方體
-
的棱
BB
、
上,
ABCDAB CD
CC
1
2
3
4
1
1
且 1
=2
2
1,則面
與面
所成的二面角的正切值等于.
B E
EB, CF= FC
AEF
ABC
6.(2011 年高考福建卷理科 12) 三棱錐 P-ABC中, PA⊥底面 ABC,PA=3,底面 ABC是邊
長為 2 的正三角形,則三棱錐 P-ABC的體積等于 ______。
【答案】 3
7. (2011 年高考上海卷理科 7) 若圓錐的側(cè)面積為 2 ,底面積為 ,則該圓錐的體積
為 。
3
【答案】 ;
3
三、解答題 :
9
1. (2011 年高考山東卷理科 19) (本小題滿分 12 分)
在如圖所示的幾何體中,四邊形 ABCD為平行四邊形,∠ ACB=90 ,EA⊥平面ABC
D, EF∥AB,FG∥BC,EG∥AC . AB =2EF .
(Ⅰ ) 若M是線段AD的中點,求證:GM∥平面ABFE ;
(Ⅱ)若AC=BC =2AE , 求二面角A - BF - C的大小.
【解析】(Ⅰ ) 連結(jié) AF,因為 EF∥AB,FG∥BC,
EF∩FG =F, 所以平面 EFG∥平面 ABCD,又易證 EFG
∽ ABC ,
所以 FG
EF
1
, 即 FG
1
BC , 即 FG
1
AD ,
BC
AB
2
2
2
又 M為 AD
的中點 , 所以 AM
1 AD , 又因為FG∥BC∥A
D,
2
所以FG∥A
M,所以四邊形
AMGF是平行四邊形
, 故 GM∥ FA, 又因為GM
平面ABF
E,FA 平面ABFE , 所以GM∥平面ABFE .
(Ⅱ)取 AB的中點 O,連結(jié) CO,因為AC=BC , 所以
CO⊥ AB,
又因為EA⊥平面ABCD,
CO
平面ABCD , 所
以EA⊥ CO,
又EA∩ AB=A,所以 CO⊥平面ABFE , 在平 面 ABEF
內(nèi) , 過點 O 作 OH⊥ BF 于 H,連結(jié) CH,由三垂線定理知 : CH⊥ BF, 所以 CHO 為二面角A - BF - C的平面角 .
設(shè)AB =2EF
=
2a
, 因為∠
90
,AC=BC
ACB=
= 2a,CO= a ,
AE
2 a , 連結(jié) FO,容易證得 FO∥ EA 且 FO
2 a , 所以 BF
6 a , 所
2
2
2
2
a
2
3
CO
3 , 故
以 OH=
=
a , 所以在 Rt
COH 中 ,tan ∠ CHO=
2
6
3
OH
∠ CHO=60 , 所以二面角A - BF - C的大小為 60 .
2. (2011 年高考浙江卷理科 20) (本題滿分 15 分)如圖,在三棱錐 P ABC
中, AB AC ,D 為 BC的中點, PO⊥平面 ABC,垂足 O落在線段 AD上,已
10
知 BC=8, PO=4, AO=3, OD=2(Ⅰ)證明: AP⊥ BC;(Ⅱ)在線段 AP上是否存在點 M,使得二面角 A-MC-β 為直二面 角?若存在,求出 AM的長;若不存在,請說明理由。
【解析】本題主要考查空間點、線、面位置關(guān)系,二面角等基礎(chǔ)知識,空間向量
x1
0
2 3
AP n2
0
3y 2 4z2
0
即
,可取 n
由
2
3
(0,1,
)
即
得
z
1
4
4
4x 2 5 y2
0
y
AC n2
0
1
4
4
1
x 2
5 y 2
4
z 2
3 y 2
4
可取 n2
(5,4, 3) ,由 n1 n2
0 得 4
2
3
0 解得
4
,故 AM
3
3
4
5
4
綜上所述,存在點
M 符合題意, AM
3
法二(Ⅰ)證明:
AB AC , D為 BC中點 ,
AD
BC,
又 PO
平面 ABC , PO
BC 因為
PO
AD
O 所以 BC
平面 PAD 故 BC PA
11
(Ⅱ)如圖,在平面 PAB內(nèi)作 BM
AP于 M , 連結(jié) CM,
由(Ⅰ)知
BC
PA,
PA
平面
BMC
,
得
又
AP
平面
PAC,
BMC
平面
PAC,
所以平面
在 Rt
ADB 中, AB2
AD 2
BD 2
41得 AB41
在 Rt
POD 中, PD 2
PO 2
OD 2
,
在 Rt
PDB 中, PB2
PD2
BD 2 所以
PB2
PO 2
OD 2
BD 2
36 得 PB
6 ,
在 Rt POA 中, PA2
AO 2
OP 2
25 得 PA
5 又 cos BPA
PA2
PB2
AB 2
1
2PA PB
3
12
即 PQ DQ , PQ DC . 故 PQ 平面 DCQ,
又 PQ 平面 PQC,所以平面 PQC 平面 DCQ.
13
4. (2011 年高考安徽卷理科 17) (本小題滿分 12 分)
如圖, ABCDEFG 為多面體,平面 ABED 與平面 AGFD 垂直,點 O 在線段 AD 上,
OA 1,OD 2, VOAB , △ OAC ,△ ODE ,△ ODF 都是正三角形。
(Ⅰ)證明直線 BC ∥ EF ;
( II )求棱錐 F-OBED的體積。
【命題意圖】 :本題考查空間直線與直線,直線與平面,平面與平面的位置關(guān)系,空間直線平行的證明,多面體體積的計算,考查空間想象能力,推理論證能力和運算求解能力。
( 1)【證法一】: Q AOB
ODE
OB / / DE 同理可證 OC / / DF
面 OBC / /面 DEF ,
BC / / 面 DEF
14
Q EF 面 DEF I 面 BEFC BC / / EF
【解題指導(dǎo)】:空間線線、 線面、面面位置關(guān)系的證明方法, 一是要從其上位或下位證明,
本題的第一問方法一,是從其上位先證明面面平行,再借助面面平行的性質(zhì)得到線面平行,
再借助線面平行的性質(zhì)得到線線平行; 二是借助中位線定理等直接得到; 三是借助空間向量
直接證明。
求不規(guī)則的幾何體體積或表面積,
通常采用分割或補(bǔ)齊成規(guī)則幾何體即可。
求解過程要堅持
“一找二證三求”的順序和原則防止出錯。
p
5. (2011 年高考全國新課標(biāo)卷理科
18) ( 本小題滿分
12 分 )
如圖,四棱錐 P— ABCD中,底面 ABCD為平行四
D
C
a
A
2a
B
15
邊形,∠ DAB=60 ,AB=2AD,PD⊥底面 ABCD.
( Ⅰ ) 證明: PA⊥ BD;
( Ⅱ ) 若 PD=AD,求二面角 A-PB-C 的余弦值。
分析:( 1)要證明線線垂直只要證明線面垂直或者用向量去證明; ( 2)求二面角的余弦只需
建立適當(dāng)?shù)淖鴺?biāo)系,有空間向量來完成。
解: (1) 證明:在三角形 ABD中,因為 BAD 60 , AB 2AD
所以
BD AD , PD 平面 PAD PD BD 且 PD AD D
BD 平面 PAD , PD 平面 PAD BD PA
(2)建立如圖的坐標(biāo)系,設(shè)點的坐標(biāo)分別是
A( a,0,0), B(0, 3a,0), C ( a, 3a,0), P(0,0, a)
該三角形為直角三角形,
,
z
p
a
D
C
則 AB (
a, 3a,0), BC ( a,0,0), AP
( a,0,a) ,設(shè)平面 PAB的
a
B
n
AB
0
A
2a
法向量為 n
(3, 3,3) ,同
x
y
( x, y, z) ,所以,
取得 n
n
AP
0
理設(shè)平面 PBC的法向量為 m ,
m
PC
0
3) ,于是, cos m, n
m
n
2 7
取得 m (0, 1,
,因此二面角
m
BC
0
m
n
7
的余弦值是
2
7
。
7
點評:該題考查空間內(nèi)的垂直關(guān)的證明,空間角的計算??疾槎ɡ?
的理解和運用,空間向量的運用。同時也考察了空間想象能力、邏
輯思維能力和運算能力。解題時要注意法向量的計算和運用這一關(guān)
鍵。
6. (2011 年高考天津卷理科 17) (本小題滿分
13 分)
如圖,在三棱柱 ABC
A1 B1C1 中,
H 是正方形 AA1 B1 B 的中心, AA1 2 2 , C1H 平面
AA1B1 B ,且 C1H 5.
(Ⅰ)求異面直線 AC與 A1B1 所成角的余弦值;
(Ⅱ )求二面角 A AC B 的正弦值;
1 1 1
(Ⅲ)設(shè) N 為棱 B1C1 的中點, 點 M 在平面 AA1 B1B 內(nèi),且 MN 平面 A1B1C ,求線段 BM
的長.
所以二面角 A AC1
1 B1 的正弦值為
3 5 .
7
(Ⅲ)由 N為棱 B C 的中點 , 得 N (
2 , 3
2 ,
5 ) , 設(shè)
M ( a, b,0)
, 則
1
1
2
2
2
17
MN
(
2
a, 3
2
b,
5 ) ,
2
2
2
由 MN
平面 A1 B1C1 , 得
MN
AC1 1
0
MN
A1 B1
, 即
0
( 2
a)(
2)
( 3
3
2
b)(
2)
5
5
0
2
2
,
2
a)(
2 2)
0
(
2
a
2
2 , 故 M (
2 ,
2
( 2 ,
2 ,0) , 所 以 線 段 BM 的 長 為
解 得
,0) ,
因 此 BM
b
2
2
4
2
4
4
| BM |
10
4
.
7. (2011
年高考江西卷理科
21) (本小題滿分
14 分)
(1)如圖,對于任一給定的四面體
A1 A2 A3 A4 ,找出依
次 排 列 的 四 個 相 互 平 行 的
1,
2 ,3 ,
4, 使 得
Ai
i (i
1 , 2 , 3 ,且4其中每相鄰兩個平面間的距離
都相等;
( 2 ) 給 定 依 次 排 列 的 四 個 相 互 平 行 的 平 面
1 , 2 , 3, 4 ,其中每相鄰兩個平面間的距離為 1,若
一個正四面體 A1 A2 A3 A4 的四個頂點滿足: Ai i (i 1,2,3, 4), 求該正四面體 A1 A2 A3 A4 的
體積.
解析:如圖,將此正四面體補(bǔ)形為正方體 ABCD A1B1C1 D1(如圖),分別取 AB、CD、 A1 B1 、
C1D1 的中點 E、 F、 E1 、 F1 ,平面 DEE1 D1 與 BFF1B1 是分別過點 A2 、 A3 的兩平行平面,
若其距離為 1,則正四面體 A1A2 A3 A4 滿足條件,右圖為正方體的下底面,設(shè)正方體的棱長
為 a ,若 AM MN 1,因為 AE 1 a , DE 5 a ,在直角三角形 ADE中, AM⊥ DE,
2 2
18
所以 1
5 a
1 a a ,所以 a
5 ,又正四面體的棱長為
2a10 ,
2
2
所以此正四面體的體積為 V a3
4 1
1 a3
5
5 .
3
2
3
本題 考查立體幾何中的面面關(guān)系、正四面體及體積計算.
8. (2011 年高考湖南卷理科 19) (本小題滿分 12 分)
如圖 5,在圓錐 PO 中,已知 PO = 2 ,⊙ O的直徑 AB 2 , C 是 AB 的中點, D 為 AC
的中點.
(Ⅰ)證明:平面 POD 平面 PAC ;
(Ⅱ)求二面角 B PA C 的余弦值 .
解法 1:連結(jié)
OC,因為 OA
OC , D 是AC的中點 , 所以 AC
OD.
又 PO
底面⊙ O, AC
底面⊙ O,所以 AC
PO ,
因為 OD, PO是平面 POD內(nèi)的兩條相交直線,所以 AC
平面 POD,
而 AC
平面 PAC,所以平面 POD
平面 PAC。
( II )在平面 POD中,過 O作 OH
PD 于 H,由( I )知,
平面 POD
平面 PAC , 所以 OH
平面 PAC,又 PA
面 PAC,所以 PA OH .
在平面 PAO中,過 O作 OG
PA于 G, 連接 HG,
則有 PA
平面 OGH,從而 PA
HG ,故
OGH 為二面角 B— PA— C 的平面角。
在 Rt ODA中 ,OD OA sin 45
2
.
2
19
2
PO OD
2
10
在 Rt
2
POD中, OH
OD 2
.
PO2
1
5
2
2
在
中
PO OA
2
1
6
POA ,OG
.
Rt
PO2
OA2
2
1
3
OH
10
15
在 Rt
OHG中,sin
OGH
5
OG
6
5
.
3
所以 cos OGH
1 sin 2
OGH
1
15
10 . 故二面角
B— PA— C 的余弦值
25
5
為 10 .
5
解法 2:( I )如圖所示,以 O為坐標(biāo)原點, OB、 OC、OP所在直線分別為 x 軸、 y 軸, z
軸建立空間直角坐標(biāo)系,則 O(0,0,0), A( 1,0,0), B(1,0,0), C(0,1,0), P(0,0, 2) ,
D ( 1 , 1 ,0)
2
2
設(shè) n1
( x1 , y1 , z1) 是 平 面 POD 的 一 個 法 向 量 , 則 由 n1
OD
0,n1 OP 0 , 得
1 x1
1 y1
0,
2
2
2z1
0.
所以 z1
0, x1
y1 ,取 y1
1,得 n1
(1,1,0). 設(shè) n2
( x2 , y2 , z2 ) 是平面 PAC 的一個法向
量 ,
則由 n
PA
0,n
PC
0 ,得
x2
2z2
0,
2
2
y2
2z2
0.
所以 x
2
2z , y
2z .取z
2
1, 得 n
(
2, 2,1) 。
2
2
2
2
因為 n
n
(1,1,0)
(
2,
2,1)
0,
1
2
所以 n1
n2 . 從而平面 POD
平面 PAC。
( II )因為 y 軸
平面 PAB,所以平面 PAB的一個法向量為
n3
(0,1,0).
20
由( I )知,平面
PAC的一個法向量為 n( 2,
2,1) , 設(shè)向量 n2和 n3 的夾角為
,
2
則
cos
n2 n3
2
10 . 由圖可知,二面角
B— PA— C的平面角與
相等,
| n2 | | n3 |
5
5
所以二面角 B—PA— C 的余弦值為 10 .
5
PBG AD PB, AD GB.
又 PB//EF ,得 AD EF ,而 DE//GB 得 AD DE,又 FE DE E ,所以 AD 平
面 DEF。
21
( 2) PG AD, BG AD ,
PGB 為二面角 P— AD— B 的平面角,
在 Rt
PAG中, PG2
PA2
AG2
7
4
在 Rt
ABG中 ,BG=AB sin60
= 3
2
PG 2
BG2
PB 2
7
3
4
cos
4
4
21
PGB
2PG BG
7
3
7
2
2
2
法二:( 1)取 AD中點為 G,因為 PA
PD , PG
AD.
又 AB
AD , DAB
60 ,
ABD 為等邊三角形,因此,
BG AD ,從而 AD
平
面 PBG。
22
B(n
3 ,0,0), C ( n
3 ,1,0), E(n
3 , 1 ,0), F ( n
3 , 1 , m ).
2
2
2
2
2
4
2
2
由于 AD (0,1,0), DE
( 3 ,0,0), FE
( n
3 ,0,
m)
2
2
4
2
得 AD
DE
0, AD
FE
0, AD
DE , AD
FE , DE
FE
E
AD
平面 DEF。
( 2)
PA
( n,
1 ,
m), PB
(n
3 ,0,
m)
2
2
m2
n2
1
2,
( n
3 )2
m2
2,解之得 m
1,n
3 .
4
2
2
取平面 ABD的法向量 n1
(0,0,
1),
設(shè)平面 PAD的法向量 n2
(a,b,c)
23
由 PA n2
0, 得 3 a
b
c 0,由 PD n2
0, 得 3 a
b
c 0,
2
2
2
2
取 n2
(1,0,
3 ).
2
3
21
cos
n1 ,n2
2
7
.
1
7
4
10. (2011 年高考湖北卷理科 18) (本小題滿分 12 分)
如圖,已知,本棱柱 ABC-A1B1 C1 的各棱長都是 4, E 是 BC的中點,動點 F 在側(cè)棱
CC1 上,且不與點 C 重合 .
( Ⅰ ) 當(dāng) CF=1時,求證: EF⊥A1E
( Ⅱ ) 設(shè)二面角 C-AF-E 的大小為 ,求 tan 的最小值 .
本小題主要考查空間直線與平面的位置關(guān)系和二面角等基礎(chǔ)知識, 同時考查空間想象能
力、推理論證能力和運算求解能力 .
解析:
過 E 點作 EN⊥ AC于 N,連結(jié) EF.
(Ⅰ)如圖 1,連結(jié) NF、 AC,由直線柱的性質(zhì)知,底面
ABC⊥側(cè)面 A C,
1
1
又底面 ABC∩側(cè)面 A1C=AC,且 EN 底面 ABC,所以 EN⊥側(cè)面 A1C,NF
為 EF 在側(cè)面內(nèi)的射影 .
在 Rt △ CEN中, CN=cos600=1. 則由 CF
CN
1 ,得 NF // AC1 ,又 AC1
AC1
,
CC1
CA
4
故作
AC .
NF AC ,由三垂線定理知 EF
1
1
(Ⅱ)如圖 2。連結(jié) AF,過 N作 NM⊥ AF 于 M,連結(jié) ME,由(Ⅰ)知 EN⊥側(cè)面
A1C。根據(jù)三垂線定理得 EM⊥ AF, 所以 EM⊥AF,所以
EMN 是二面角 C
AF
E
的 平 面 角 , 即 EMN
. 設(shè) FAC
則 00
450 . 在 Rt CNE
中
24
NE EC sin 600
3 .
在 Rt AMN 中, MN
AN sin
3sin
,故 tan
NE
3
. ,又 00
450 ,
MN
3sin
0 sin
2 . 故 當(dāng) s i n
2 , 即 當(dāng)
450 時 , t a n 達(dá) 到 最 小 值 ,
2
2
3
2
6
此時 F 與 C1 重合 .
tan
.
3
3
11. (2011
年高考陜西卷理科
16) (本小題滿分 12
分)
如圖:在
ABC中 ,
0
0
ABC=60,
BAC=90 ,
AD是 BC上的高 ,沿 AD 把 ABD 折起,
0
使 BDC=90(Ⅰ)證明:平面 ADB 平面 BDC ;
(Ⅱ)設(shè) E為 BC的中點 , 求 AE與 DB夾角的余弦值 。
【解析】:(Ⅰ) 折起前 AD是 BC邊上的高 ,
當(dāng) ABC折起后 ,AD DC,AD DB,又 DB DC=D
AD 平面 BDC , AD 平面 ABD , 平面 ABD 平面 BDC 。
0
(Ⅱ)由 BDC=90及(Ⅰ)知 DA, DB, DC 兩兩垂直,
不妨設(shè) DB 1, D 為坐標(biāo)原點,以 DB , DC , DA所在直線為 x, y, z 軸建立如圖所示的空間
25
(Ⅱ)如圖所示設(shè) G、H 分別為變 CD,BD的中點,則 FG//AD,GH//BC,, 從而 FGH 是異
面直線 AD 與 BC所成角或其補(bǔ)角。
設(shè)
E
為邊 AB 的中點,則 EF//BC, 由
AB
⊥ BC,知
EF
⊥
AB
ABC
,
,又由(Ⅰ)有 DF⊥平面
故由三垂