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2019-2020年高三數(shù)學(xué)第一次聯(lián)考試題 理(含解析)新人教A版.doc

  • 資源ID:2897632       資源大?。?span id="4y95lrp" class="font-tahoma">109KB        全文頁數(shù):9頁
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2019-2020年高三數(shù)學(xué)第一次聯(lián)考試題 理(含解析)新人教A版.doc

2019-2020年高三數(shù)學(xué)第一次聯(lián)考試題 理(含解析)新人教A版 【試卷綜析】試題比較平穩(wěn),基本符合高考復(fù)習(xí)的特點,穩(wěn)中有變,變中求新,適當(dāng)調(diào)整了試卷難度,體現(xiàn)了穩(wěn)中求進(jìn)的精神.考查的知識涉及到函數(shù)、三角函數(shù)、數(shù)列、導(dǎo)數(shù)等幾章知識,重視學(xué)科基礎(chǔ)知識和基本技能的考察,同時側(cè)重考察了學(xué)生的學(xué)習(xí)方法和思維能力的考察,這套試題以它的知識性、思辨性、靈活性,基礎(chǔ)性充分體現(xiàn)了考素質(zhì),考基礎(chǔ),考方法,考潛能的檢測功能.試題中無偏題,怪題,起到了引導(dǎo)高中數(shù)學(xué)向全面培養(yǎng)學(xué)生數(shù)學(xué)素質(zhì)的方向發(fā)展的作用. 一、選擇題:本大題共8小題,每小題5分,滿分40分。在每小題給出的四個選項中,只有一項是符合題意要求的。 【題文】1設(shè)集合A={},則滿足AB={0,1,2}的集合B的個數(shù)是( ) A 1 B 3 C 4 D 6 【知識點】并集及其運(yùn)算 A1 【答案解析】C解析:解:A={x|x2﹣3x+2=0}={x|x=1或x=2}={1,2},若A∪B={0,1,2},則0∈B,則B={0},{0,2},{1,0},{0,1,2},共4個,故選:C 【思路點撥】先求出集合A元素,根據(jù)集合關(guān)系和運(yùn)算即可得到結(jié)論 【題文】2. 為虛數(shù)單位,復(fù)平面內(nèi)表示復(fù)數(shù)z=(1+)(2+)的點在( ) A.第一象限 B.第二象限 C.第三象限 D.第四象限 【知識點】復(fù)數(shù)代數(shù)形式的混合運(yùn)算;復(fù)數(shù)的代數(shù)表示法及其幾何意義L4 【答案解析】A解析:解:復(fù)數(shù)z=(1+i)(2+i)=2+3i﹣1=1+3i,復(fù)數(shù)對應(yīng)點為(1,3).在第一象限.故選A 【思路點撥】化簡復(fù)數(shù)為a+bi的形式,然后求出復(fù)數(shù)的對應(yīng)點所在象限即可 【題文】3.“”是“函數(shù)的最小正周期為”的( ) ?。匾怀浞謼l件 . 充分不必要條件 .充要條件 .既不充分也不必要條件 【知識點】三角函數(shù)的周期性及其求法;必要條件、充分條件與充要條件的判斷A2,C3 【答案解析】A解析:解:解:函數(shù)y=cos2ax﹣sin2ax=cos2ax,它的周期是,a=1 顯然“a=1”可得“函數(shù)y=cos2ax﹣sin2ax的最小正周期為π”后者推不出前者,故選A. 【思路點撥】化簡y=cos2ax﹣sin2ax,利用最小正周期為π,求出a,即可判斷選項. 【題文】4.右圖是一容量為的樣本的重量的頻率分布直方圖,則由圖可估計樣本重量的中位數(shù)為( ) A. B. C. D. 【知識點】眾數(shù)、中位數(shù)、平均數(shù)K8 【答案解析】C解析:解:由題意,[5,10]的樣本有50.06100=30,[10,15]的樣本有50.1100=50,由于[10,15]的組中值為12.5,所以由圖可估計樣本重量的中位數(shù)12. 故選:C 【思路點撥】由題意,[5,10]的樣本有50.06100=30,[10,15]的樣本有50.1100=50,結(jié)合[10,15]的組中值,即可得出結(jié)論. 【題文】5.執(zhí)行上圖所示的程序框圖,則輸出的結(jié)果是( ) A. B. C. D. 【知識點】程序框圖L1 【答案解析】C解析:解:由程序框圖知:第一次運(yùn)行S=1+2=3,k=1+2=3; 第二次運(yùn)行S=1+2+6=9.k=3+2=5; 第三次運(yùn)行S=1+2+6+10=19,k=5+2=7; 第四次運(yùn)行S=1+2+6+10+14=33,k=7+2=9; 此時不滿足條件S<20,程序運(yùn)行終止,輸出k=9. 故選:C. 【思路點撥】根據(jù)框圖的流程依次計算運(yùn)行的結(jié)果,直到不滿足條件S<20,計算輸出k的值 【題文】6、由曲線圍成的封閉圖形的面積為( ) A. B. C. D. 【知識點】定積分在求面積中的應(yīng)用B13 【答案解析】D解析:解:解:由題意得,兩曲線的交點坐標(biāo)是(1,1),(0,0)故積分區(qū)間是[0,1] 所求封閉圖形的面積為∫01(x2﹣x3)dx═, 故選D 【思路點撥】要求曲線y=x2,y=x3圍成的封閉圖形面積,根據(jù)定積分的幾何意義,只要求∫01(x2﹣x3)dx即可 【題文】7. 已知是坐標(biāo)原點,點,若為平面區(qū)域 上的一個動點,則 的取值范圍是( ) A B C D 【知識點】簡單線性規(guī)劃E5 【答案解析】A解析:解:+=(﹣1,0)+(x,y)=(x﹣1,y), 則|+|=, 設(shè)z=|+|=, 則z的幾何意義為M到定點D(1,0)的距離, 由約束條件作平面區(qū)域如圖, 由圖象可知當(dāng)M位于A(0,2)時,z取得最大值z=, 當(dāng)M位于C(1,1)時,z取得最小值z=1, 1≤z≤, 即|+|的取值范圍是[1,], 故選:A 【思路點撥】由題意作出可行域,由向量的坐標(biāo)加法運(yùn)算求得+的坐標(biāo),把||轉(zhuǎn)化為可行域內(nèi)的點M(x,y)到定點N(1,0)的距離,數(shù)形結(jié)合可得答案. 【題文】8.對于集合,如果定義了一種運(yùn)算“”,使得集合中的元素間滿足下列4個條件: (ⅰ),都有; (ⅱ),使得對,都有; (ⅲ),,使得; (ⅳ),都有, 則稱集合對于運(yùn)算“”構(gòu)成“對稱集”.下面給出三個集合及相應(yīng)的運(yùn)算“”: ①,運(yùn)算“”為普通加法;②,運(yùn)算“”為普通減法; ③,運(yùn)算“”為普通乘法.其中可以構(gòu)成“對稱集”的有( ) A①② B①③ C②③ D①②③ 【知識點】元素與集合關(guān)系的判斷A1 【答案解析】B解析:解:①A={整數(shù)},運(yùn)算“⊕”為普通加法,根據(jù)加法運(yùn)算可知滿足4個條件,其中e=0,a、a′互為相反數(shù); ②A={復(fù)數(shù)},運(yùn)算“⊕”為普通減法,不滿足4個條件; ③A={正實數(shù)},運(yùn)算“⊕”為普通乘法,根據(jù)乘法運(yùn)算可知滿足4個條件,其中e=1,a、a′互為倒數(shù). 故選:B 【思路點撥】根據(jù)新定義,對所給集合進(jìn)行判斷,即可得出結(jié)論 二、填空題:本題共7小題,考生作答6小題,每小題5分,共30分 (一)必做題(9~13題) 【題文】9. 若是奇函數(shù),則實數(shù)=_________。 【知識點】函數(shù)奇偶性的性質(zhì)B4 【答案解析】解析:解:函數(shù)f(x)=2x+2﹣xlga是奇函數(shù) ∴f(x)+f(﹣x)=0, ∴2x+2﹣xlga+2﹣x+2xlga=0,即2x+2﹣x+lga(2x+2﹣x)=0 ∴l(xiāng)ga=﹣1∴a=故答案為:. 【思路點撥】由題設(shè)條件可知,可由函數(shù)是奇函數(shù),建立方程f(x)+f(﹣x)=0,由此方程求出a的值 【題文】10.在△中,角的對邊分別為,且,. 則角的大小為 ; 【知識點】正弦定理C8 【答案解析】60解析:解:解:由a=2bsinA,得sinA=2sinBsinA, 因為0<A<π,所以sinA≠0, 所以sinB=, 因為0<B<π,且a<b<c,所以B=60. 故答案為:60. 【思路點撥】由a=2bsinA,利用正弦定理得sinA=2sinBsinA,從而可得sinB=,結(jié)合0<B<π,且a<b<c,可求B. 【題文】11.已知某四棱錐,底面是邊長為2的正方形,且俯視圖如右圖所示. 若該四棱錐的側(cè)視圖為直角三角形,則它的體積為__________. 【知識點】棱柱、棱錐、棱臺的體積G7 【答案解析】解析:解:解:由四棱錐的俯視圖可知,該四棱錐底面為ABCD為正方形,PO垂直于BC于點O,其中O為BC的中點, 若該四棱錐的左視圖為直角三角形, 則△BPC為直角三角形,且為等腰直角三角形, ∵B0=1, ∴PO=BO=1, 則它的體積為. 故答案為:. 【思路點撥】根據(jù)四棱錐的俯視圖得到四棱錐的特征,根據(jù)四棱錐的左視圖為直角三角形,得到四棱錐的高即可求出它的體積 【題文】12.各大學(xué)在高考錄取時采取專業(yè)志愿優(yōu)先的錄取原則.一考生從某大學(xué)所給的個專業(yè)中,選擇個作為自己的第一、二、三專業(yè)志愿,其中甲、乙兩個專業(yè)不能同時兼報,則該考生不同的填報專業(yè)志愿的方法有 種。 【知識點】計數(shù)原理的應(yīng)用J1 【答案解析】180解析:解:解:甲、乙都不選時,有=60種;甲、乙兩個專業(yè)選1個時,有=120種, 根據(jù)分類計數(shù)原理,可得共有60+120=180種不同的填報專業(yè)志愿的方法. 故答案為:180. 【思路點撥】分類討論,分別求出甲、乙都不選、甲、乙兩個專業(yè)選1個時的報名方法,根據(jù)分類計數(shù)原理,可得結(jié)論. 【題文】13.若實數(shù)a、b、c成等差數(shù)列,點P(–1, 0)在動直線l:ax+by+c=0上的射影為M,點N(0, 3),則線段MN長度的最小值是 【知識點】等差數(shù)列的性質(zhì);點到直線的距離公式D2,H2 【答案解析】4﹣解析:解:因為a,b,c成等差數(shù)列,故有2b=a+c,即a﹣2b+c=0,對比方程ax+by+c=0可知,動直線恒過定點Q(1,﹣2). 由于點P(﹣1,0)在動直線ax+by+c=0上的射影為M,即∠PMQ=90,所以點M在以PQ為直徑的圓上,該圓的圓心為PQ的中點C(0,﹣1),且半徑為 =, 再由點N到圓心C的距離為 NC=4,所以線段MN的最小值為 NC﹣r=4﹣, 故答案為 4﹣. 【思路點撥】由題意可得動直線l:ax+by+c=0過定點Q(1,﹣2),PMQ=90,點M在以PQ為直徑的圓上,求出圓心為PQ的中點C(0,﹣1),且半徑為 .求得點N到圓心C的距離,再減去半徑,即得所求 (二)選做題(14、15題,考生只能從中選做一題,兩題全答的,只計前一題的得分) 【題文】14、(坐標(biāo)系與參數(shù)方程選做題)在極坐標(biāo)系中,曲線與的公共點到極點的距離為__________ 【知識點】點的極坐標(biāo)和直角坐標(biāo)的互化;兩點間的距離公式N3, 【答案解析】解析:解:由ρ=cosθ+1得,cosθ=ρ﹣1,代入ρcosθ=1得ρ(ρ﹣1)=1, 解得ρ=或ρ=(舍), 所以曲線ρ=cosθ+1與ρcosθ=1的公共點到極點的距離為, 故答案為:. 【思路點撥】聯(lián)立ρ=cosθ+1與ρcosθ=1消掉θ即可求得ρ,即為答案 【題文】C D MB N O B A P 15、如圖所示,過⊙O外一點A作一條直線與⊙O交于C,D兩點,AB切⊙O 于B,弦MN過CD的中點P.已知AC=4,AB=6,則MPNP=     . 【知識點】與圓有關(guān)的比例線段N1 【答案解析】解析:解:∵AB為⊙O的切線,ACD為⊙O的割線由切割線定理可得:AB2=AC?AD由AC=4,AB=6,故AD=9故CD=5又∵N是弦CD的中點故PC=PD= 由相交弦定理得MP?NP=PC?PD=故答案為: 【思路點撥】由已知中,過⊙O外一點A作一條直線與⊙O交于C,D兩點,AB切⊙O于B,我們由切割線定理,結(jié)合已知中AC=4,AB=6,我們易求出AD的長,進(jìn)而求出弦CD的長,又由弦MN過CD的中點P,由相交弦定理我們易求出MP?NP 三、解答題:本大題共6小題,滿分80分,解答應(yīng)寫出文字說明,證明過程或演算步驟. 【題文】16.(本題滿分12分) 已知函數(shù)()的圖象過點. (1)求的值; (2)設(shè),求的值. 【知識點】兩角和與差的正弦函數(shù);函數(shù)y=Asin(ωx+φ)的圖象變換C4,C5 【答案解析】(I) (II) 解析:解:(1)依題意得,,…………2分 ∵ ∴……………4分 ∴,∴………………………5分 (2)∵ ∴,………7分 又∵ ∴,………9分 ∵,………………… ∴,,……10分 ∴……………12分 【思路點撥】(1)依題意求得sin(+φ)=,結(jié)合0<φ< 求得φ的值. (2)由條件求得cosα=,sinβ=.根據(jù)α,β∈[0,],利用同角三角函數(shù)的基本關(guān)系求得inα 和cosβ 的值,從而求得 sin(α﹣β)=sinαcosβ﹣cosαsinβ 的值. 【題文】17. (本小題滿分12分)xx年巴西世界杯的周邊商品有80%左右為“中國制造”,所有的廠家都是經(jīng)過層層篩選才能獲此殊榮。甲、乙兩廠生產(chǎn)同一產(chǎn)品,為了解甲、乙兩廠的產(chǎn)品質(zhì)量,以確定這一產(chǎn)品最終的供貨商,采用分層抽樣的方法從甲、乙兩廠生產(chǎn)的產(chǎn)品中分別抽出取14件和5件,測量產(chǎn)品中的微量元素x,y的含量(單位:毫克).下表是乙廠的5件產(chǎn)品的測量數(shù)據(jù): 編號 1 2 3 4 5 x 169 178 166 175 180 y 75 80 77 70 81 已知甲廠生產(chǎn)的產(chǎn)品共有98件,求乙廠生產(chǎn)的產(chǎn)品數(shù)量; 當(dāng)產(chǎn)品中的微量元素x,y滿足x≥175,且y≥75時,該產(chǎn)品為優(yōu)等品。用上述樣本數(shù)據(jù)估計乙廠生產(chǎn)的優(yōu)等品的數(shù)量; 從乙廠抽出的上述5件產(chǎn)品中,隨機(jī)抽取2件,求抽取的2件產(chǎn)品中優(yōu)等品數(shù)的分布列及其均值(即數(shù)學(xué)期望)。 【知識點】離散型隨機(jī)變量的期望與方差;離散型隨機(jī)變量及其分布列K6 【答案解析】(I)35(II)14(III) 0 1 2 … 解析:解:(1)乙廠生產(chǎn)的產(chǎn)品總數(shù)為;………….2分 (2)樣品中優(yōu)等品的頻率為,乙廠生產(chǎn)的優(yōu)等品的數(shù)量為;…………4分 (3), ……………………..5分 ,………….8分 的分布列為 0 1 2 ……………….11分 均值………………….12分 【思路點撥】(1)利用分層抽樣方法能求出乙廠生產(chǎn)的產(chǎn)品總數(shù). (2)樣品中優(yōu)等品的頻率為,由分層抽樣方法能求出乙廠生產(chǎn)的優(yōu)等品的數(shù)量. (3)由題意知ξ=0,1,2,分別求出相應(yīng)的概率,由此能求出抽取的2件產(chǎn)品中優(yōu)等品數(shù)ξ的分布列及其均值. 圖6 【題文】18. (本小題滿分14分) 如圖6,四棱柱的底面是平行四邊形,且,,,為的中點,平面. ⑴證明:平面平面; ⑵若,試求異面直線與 所成角的余弦值. 【知識點】平面與平面垂直的判定;異面直線及其所成的角G5,G11 【答案解析】(I)略(II) 解析:解:⑴依題意,……1分,所以是正三角形,……2分,又……3分, 所以,……4分,因為平面,平面,所以……5分,因為,所以平面……6分, 因為平面,所以平面平面……7分. ⑵取的中點,連接、……8分,連接,則……9分,所以是異面直線與所成的角……10分。 因為,,所以……11分, ,……12分, 所以……14分(列式計算各1分). 【思路點撥】(1)根據(jù)題意,得△ABE是正三角形,∠AEB=60,等腰△CDE中∠CED=(180﹣∠ECD)=30,所以∠AED=90,得到DE⊥AE,結(jié)合DE⊥AA1,得DE⊥平面A1AE,從而得到平面A1AE⊥平面平面A1DE. (2)取BB1的中點F,連接EF、AF,連接B1C.證出EF∥A1D,可得∠AEF(或其補(bǔ)角)是異面直線AE與A1D所成的角.利用勾股定理和三角形中位線定理,算出△AEF各邊的長,再用余弦定理可算出異面直線AE與A1D所成角的余弦值. 【題文】19 .(本小題滿分14分) 已知各項均為正數(shù)的數(shù)列的前項和為,且. (1)求 (2) 求數(shù)列的通項; (3) 若,,求證:< 【知識點】數(shù)列的求和D4 【答案解析】(I) (II) (III) < 解析:解:(1)令,得, ………2分 (2)又………① 有………… ②……………………3分 ②-①得…………………4分 ∴ ……………………6分 ∴ …………………………8分 (3)n=1時=1<符合………………………9分 時,因為,…………………………11分 所以 ………….13分 ∴<…………………………14分 【思路點撥】1)a2n+an=2Sn中令n=1求a1 (2)又a2n+an=2Sn有a2n+1+an+1=2Sn+1,兩式相減得并整理得(an+1+an)(an+1﹣an﹣1)=0,數(shù)列{an}是以a1=1,公差為1的等差數(shù)列,以此求數(shù)列{an}的通項; (3)由(2)得出an=n,利用放縮法求證:Tn<. 【題文】20. (本小題滿分14分) 已知圓C與兩圓,外切,圓C的圓心軌跡方程為L,設(shè)L上的點與點的距離的最小值為,點與點的距離為. (Ⅰ)求圓C的圓心軌跡L的方程; (Ⅱ)求滿足條件的點的軌跡Q的方程; (Ⅲ)試探究軌跡Q上是否存在點,使得過點B的切線與兩坐標(biāo)軸圍成的三角形的面積等于。若存在,請求出點B的坐標(biāo);若不存在,請說明理由。 【知識點】直線和圓的方程的應(yīng)用;圓與圓的位置關(guān)系及其判定H4 【答案解析】(I) (II) (III) 或 解析:解:(Ⅰ)兩圓半徑都為1,兩圓心分別為、,由題意得,可知圓心C的軌跡是線段的垂直平分線,的中點為,直線的斜率等于零,故圓心C的軌跡是線段的垂直平分線方程為,即圓C的圓心軌跡L的方程為。(4分) (Ⅱ)因為,所以到直線的距離與到點的距離相等,故點的軌跡Q是以為準(zhǔn)線,點為焦點,頂點在原點的拋物線,,即,所以,軌跡Q的方程是 (8分) (Ⅲ)由(Ⅱ)得, ,所以過點B的切線的斜率為,切線方程為,令得,令得, 因為點B在上,所以 故, 所以切線與兩坐標(biāo)軸圍成的三角形的面積為 設(shè),即得,所以 當(dāng)時,,當(dāng)時,, 所以點B的坐標(biāo)為或. (14分) 【思路點撥】(Ⅰ)確定兩圓心分別為C1(0,﹣4)、C2(0,2),由題意得CC1=CC2,從而可求圓心C的軌跡是線段C1C2的垂直平分線方程; (Ⅱ)因為m=n,所以M(x,y)到直線y=﹣1的距離與到點F(0,1)的距離相等,故點M的軌跡Q是以y=﹣1為準(zhǔn)線,點F(0,1)為焦點,頂點在原點的拋物線,從而可得軌跡Q的方程; (Ⅲ)設(shè)出切線方程,求出切線與兩坐標(biāo)軸圍成的三角形的面積,利用S=,即可求得結(jié)論 【題文】21. (本小題滿分14分) 【知識點】利用導(dǎo)數(shù)研究函數(shù)的單調(diào)性;利用導(dǎo)數(shù)研究函數(shù)的極值;導(dǎo)數(shù)在最大值、最小值問題中的應(yīng)用B3,B11 【答案解析】(I) 函數(shù)f(x)在區(qū)間(0,+∞)上是單調(diào)遞減函數(shù)(II) 解析:解:(Ⅰ)若k=﹣2,f(x)=﹣2ex﹣x2,則f(x)=﹣2ex﹣2x, 當(dāng)x∈(0,+∞)時,f′(x)=﹣2ex﹣2x<0, 故函數(shù)f(x)在區(qū)間(0,+∞)上是單調(diào)遞減函數(shù). (Ⅱ)函數(shù)f(x)有兩個極值點x1,x2,則x1,x2是f′(x)=kex﹣2x=0的兩個根, 即方程有兩個根,設(shè),則, 當(dāng)x<0時,φ′(x)>0,函數(shù)φ(x)單調(diào)遞增且φ(x)<0; 當(dāng)0<x<1時,φ′(x)>0,函數(shù)φ(x)單調(diào)遞增且φ(x)>0; 當(dāng)x>1時,φ′(x)<0,函數(shù)φ(x)單調(diào)遞減且φ(x)>0. 要使有兩個根,只需, 故實數(shù)k的取值范圍是. (Ⅲ)由(Ⅱ)的解法可知,函數(shù)f(x)的兩個極值點x1,x2滿足0<x1<1<x2, 由,得, 所以, 由于x1∈(0,1),故, 所以0<f(x1)<1. 【思路點撥】(Ⅰ)求f(x)的導(dǎo)數(shù)f′(x),利用f′(x)判定f(x)的單調(diào)性,從而求出f(x)的單調(diào)區(qū)間; (Ⅱ)先求導(dǎo)數(shù)f′(x),由題意知x1、x2是方程f′(x)=0的兩個根,令,利用導(dǎo)數(shù)得到函數(shù)φ(x)的單調(diào)區(qū)間,繼而得到k的取值范圍; (Ⅲ)由(Ⅱ)知,f′(x1)=0,則得,又由f(x1)=﹣(x1﹣1)2+1,x1∈(0,1),即可得到0<f(x1)<1.

注意事項

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