2019屆高考物理二輪復(fù)習(xí) 專題二 動(dòng)量與能量 第1講 功能關(guān)系的應(yīng)用學(xué)案

上傳人:Sc****h 文檔編號(hào):100695487 上傳時(shí)間:2022-06-03 格式:DOC 頁數(shù):23 大?。?.57MB
收藏 版權(quán)申訴 舉報(bào) 下載
2019屆高考物理二輪復(fù)習(xí) 專題二 動(dòng)量與能量 第1講 功能關(guān)系的應(yīng)用學(xué)案_第1頁
第1頁 / 共23頁
2019屆高考物理二輪復(fù)習(xí) 專題二 動(dòng)量與能量 第1講 功能關(guān)系的應(yīng)用學(xué)案_第2頁
第2頁 / 共23頁
2019屆高考物理二輪復(fù)習(xí) 專題二 動(dòng)量與能量 第1講 功能關(guān)系的應(yīng)用學(xué)案_第3頁
第3頁 / 共23頁

下載文檔到電腦,查找使用更方便

26 積分

下載資源

還剩頁未讀,繼續(xù)閱讀

資源描述:

《2019屆高考物理二輪復(fù)習(xí) 專題二 動(dòng)量與能量 第1講 功能關(guān)系的應(yīng)用學(xué)案》由會(huì)員分享,可在線閱讀,更多相關(guān)《2019屆高考物理二輪復(fù)習(xí) 專題二 動(dòng)量與能量 第1講 功能關(guān)系的應(yīng)用學(xué)案(23頁珍藏版)》請(qǐng)?jiān)谘b配圖網(wǎng)上搜索。

1、第1講 功能關(guān)系的應(yīng)用 ,       真題再現(xiàn) 考情分析 (2018·高考全國卷 Ⅰ )高鐵列車在啟動(dòng)階段的運(yùn)動(dòng)可看做初速度為零的勻加速直線運(yùn)動(dòng).在啟動(dòng)階段,列車的動(dòng)能(  ) A.與它所經(jīng)歷的時(shí)間成正比 B.與它的位移成正比 C.與它的速度成正比 D.與它的動(dòng)量成正比 解析:選B.列車啟動(dòng)的過程中加速度恒定,由勻變速直線運(yùn)動(dòng)的速度與時(shí)間關(guān)系可知v=at,且列車的動(dòng)能為Ek=mv2,由以上整理得Ek=ma2t2,動(dòng)能與時(shí)間的平方成正比,動(dòng)能與速度的平方成正比,A、C錯(cuò)誤;將x=at2代入上式得Ek=max,則列車的動(dòng)能與位移成正比,B正確;由動(dòng)能與動(dòng)量的關(guān)系式Ek=可

2、知,列車的動(dòng)能與動(dòng)量的平方成正比,D錯(cuò)誤 [命題點(diǎn)分析] 勻變速直線運(yùn)動(dòng)規(guī)律、動(dòng)能、動(dòng)量 [思路方法] 由列車的勻變速運(yùn)動(dòng)公式可得到速度表達(dá)式,然后準(zhǔn)確寫出動(dòng)能表達(dá)式 (2018·高考全國卷 Ⅰ )如圖,abc是豎直面內(nèi)的光滑固定軌道,ab水平,長(zhǎng)度為2R; bc是半徑為R的四分之一圓弧,與ab相切于b點(diǎn).一質(zhì)量為m的小球,始終受到與重力大小相等的水平外力的作用,自a點(diǎn)處從靜止開始向右運(yùn)動(dòng).重力加速度大小為g.小球從a點(diǎn)開始運(yùn)動(dòng)到其軌跡最高點(diǎn),機(jī)械能的增量為(  ) A.2mgR     B.4mgR    C.5mgR     D.6mgR 解析:選C.設(shè)小球運(yùn)動(dòng)到c點(diǎn)的

3、速度大小為vc,則對(duì)小球由a到c的過程,由動(dòng)能定理有F·3R-mgR=mv,又F=mg,解得vc=2,小球離開c點(diǎn)后,在水平方向做初速度為零的勻加速直線運(yùn)動(dòng),豎直方向在重力作用下做勻減速直線運(yùn)動(dòng),由牛頓第二定律可知,小球離開c點(diǎn)后水平方向和豎直方向的加速度大小均為g,則由豎直方向的運(yùn)動(dòng)可知,小球從離開c點(diǎn)到其軌跡最高點(diǎn)所需的時(shí)間為t==2,在水平方向的位移大小為x=gt2=2R.由以上分析可知,小球從a點(diǎn)開始運(yùn)動(dòng)到其軌跡最高點(diǎn)的過程中,水平方向的位移大小為5R,則小球機(jī)械能的增加量為ΔE=F·5R=5mgR,C正確,A、B、D錯(cuò)誤 [命題點(diǎn)分析] 運(yùn)動(dòng)的合成與分解、動(dòng)能定理 [思路方法]

4、 從a→c由動(dòng)能定理可得c點(diǎn)的速度,從c點(diǎn)離開后,要從豎直方向和水平方向單獨(dú)求解得出最高點(diǎn)位置,再根據(jù)外力做功情況得出機(jī)械能增量 (2018·高考全國卷 Ⅱ )如圖,某同學(xué)用繩子拉動(dòng)木箱,使它從靜止開始沿粗糙水平路面運(yùn)動(dòng)至具有某一速度.木箱獲得的動(dòng)能一定(  ) A.小于拉力所做的功 B.等于拉力所做的功 C.等于克服摩擦力所做的功 D.大于克服摩擦力所做的功 解析:選A.由動(dòng)能定理WF-Wf=Ek-0,可知木箱獲得的動(dòng)能一定小于拉力所做的功,A正確 [命題點(diǎn)分析] 功、動(dòng)能定理 [思路方法] 對(duì)木箱受力分析可知拉力做正功、摩擦力做負(fù)功,由動(dòng)能定理可知答案 命題規(guī)

5、律研究及預(yù)測(cè) 對(duì)功能關(guān)系的考查歷來是高考中的重點(diǎn),尤其2018年全國卷對(duì)該部分知識(shí)點(diǎn)的命題呈現(xiàn)多樣化,不僅單獨(dú)從動(dòng)能、動(dòng)能定理、機(jī)械能守恒定律等知識(shí)出發(fā)進(jìn)行考查,還從運(yùn)動(dòng)形式的角度如平拋運(yùn)動(dòng)、勻變速直線運(yùn)動(dòng)、圓周運(yùn)動(dòng)的角度綜合考核. 在2019年的備考中一定要對(duì)本部分的基本知識(shí)如動(dòng)能、勢(shì)能、動(dòng)能定理、機(jī)械能守恒定律、能量守恒定律等熟練掌握,并注意知識(shí)點(diǎn)在運(yùn)動(dòng)形式中的應(yīng)用  功、功率與動(dòng)能定理 功和功率的計(jì)算方法 計(jì)算功和功率的注意事項(xiàng) (1)計(jì)算力所做的功時(shí),一定要注意是恒力做功還是變力做功.若是恒力做功,可用公式W=Flcos α進(jìn)行計(jì)算.若是變力做功,可用以下

6、幾種方法進(jìn)行求解: ①微元法:把物體的運(yùn)動(dòng)分成無數(shù)個(gè)小段,計(jì)算每一小段力F做的功. ②將變力做功轉(zhuǎn)化為恒力做功. ③用動(dòng)能定理或功能關(guān)系進(jìn)行求解. (2)對(duì)于功率的計(jì)算要區(qū)分是瞬時(shí)功率還是平均功率.P=只能用來計(jì)算平均功率.P=Fvcos α中的v是瞬時(shí)速度時(shí),計(jì)算出的功率是瞬時(shí)功率;v是平均速度時(shí),計(jì)算出的功率是平均功率. 應(yīng)用動(dòng)能定理解題的基本思路 動(dòng)能定理的應(yīng)用 (1)動(dòng)能定理雖然是在恒力作用下的直線運(yùn)動(dòng)中推導(dǎo)出來的,但也適用于變力做功、曲線運(yùn)動(dòng)的情況. (2)當(dāng)問題涉及力、位移(或路程)、速度,而不涉及加速度和時(shí)間時(shí),可優(yōu)先考慮利用動(dòng)能定理分析問題. (3)

7、對(duì)于多過程問題,求解時(shí)可對(duì)全過程應(yīng)用動(dòng)能定理,從而避開對(duì)每個(gè)運(yùn)動(dòng)過程的具體細(xì)節(jié)進(jìn)行分析,具有過程簡(jiǎn)明、運(yùn)算量小等優(yōu)點(diǎn). (4)應(yīng)用動(dòng)能定理的關(guān)鍵是寫出各力做功的代數(shù)和,不要漏掉某個(gè)力做的功,同時(shí)要注意各力做功的正、負(fù).  (多選)(2016·高考全國卷Ⅱ)如圖,小球套在光滑的豎直桿上,輕彈簧一端固定于O點(diǎn),另一端與小球相連.現(xiàn)將小球從M點(diǎn)由靜止釋放,它在下降的過程中經(jīng)過了N點(diǎn).已知在M、N兩點(diǎn)處,彈簧對(duì)小球的彈力大小相等,且∠ONM<∠OMN<.在小球從M點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到N點(diǎn)的過程中,(  ) A.彈力對(duì)小球先做正功后做負(fù)功 B.有兩個(gè)時(shí)刻小球的加速度等于重力加速度 C.彈簧長(zhǎng)度最短時(shí),

8、彈力對(duì)小球做功的功率為零 D.小球到達(dá)N點(diǎn)時(shí)的動(dòng)能等于其在M、N兩點(diǎn)的重力勢(shì)能差 [解析] 小球在從M點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到N點(diǎn)的過程中,彈簧的壓縮量先增大,后減小,到某一位置時(shí),彈簧處于原長(zhǎng),再繼續(xù)向下運(yùn)動(dòng)到N點(diǎn)的過程中,彈簧又伸長(zhǎng).彈簧的彈力方向與小球速度的方向的夾角先大于90°,再小于90°,最后又大于90°,因此彈力先做負(fù)功,再做正功,最后又做負(fù)功,A項(xiàng)錯(cuò)誤;彈簧與桿垂直時(shí),小球的加速度等于重力加速度,當(dāng)彈簧的彈力為零時(shí),小球的加速度也等于重力加速度,B項(xiàng)正確;彈簧長(zhǎng)度最短時(shí),彈力與小球的速度方向垂直,這時(shí)彈力對(duì)小球做功的功率為零,C項(xiàng)正確;由于在M、N兩點(diǎn)處,彈簧的彈力大小相等,即彈簧的形變量

9、相等,根據(jù)動(dòng)能定理可知,小球從M點(diǎn)到N點(diǎn)的過程中,彈簧的彈力做功為零,重力做功等于動(dòng)能的增量,即小球到達(dá)N點(diǎn)時(shí)的動(dòng)能等于其在M、N兩點(diǎn)的重力勢(shì)能差,D項(xiàng)正確. [答案] BCD 角度1 恒力做功的計(jì)算 1.(2017·高考全國卷Ⅲ)如圖,一質(zhì)量為m,長(zhǎng)度為l的均勻柔軟細(xì)繩PQ豎直懸掛.用外力將繩的下端Q緩慢地豎直向上拉起至M點(diǎn),M點(diǎn)與繩的上端P相距l(xiāng).重力加速度大小為g.在此過程中,外力做的功為(  ) A.mgl        B.mgl C.mgl D.mgl 解析:選A.QM段繩的質(zhì)量為m′=m,未拉起時(shí),QM段繩的重心在QM中點(diǎn)處,與M點(diǎn)距離為l,繩的下端Q拉

10、到M點(diǎn)時(shí),QM段繩的重心與M點(diǎn)距離為l,此過程重力做功WG=-m′g=-mgl,對(duì)繩的下端Q拉到M點(diǎn)的過程,應(yīng)用動(dòng)能定理,可知外力做功W=-WG=mgl,可知A項(xiàng)正確,B、C、D項(xiàng)錯(cuò)誤. 角度2 求解變力做功方法的應(yīng)用 2.如圖所示,一質(zhì)量m=2.0 kg的物體從半徑R=5.0 m的圓弧的A端,在拉力F作用下沿圓弧緩慢運(yùn)動(dòng)到B端(圓弧AB在豎直平面內(nèi)).拉力F大小不變始終為15 N,方向始終與物體所在位置的切線成37°角.圓弧所對(duì)應(yīng)的圓心角為60°,BO邊為豎直方向,g取10 m/s2.求這一過程中(cos 37°=0.8): (1)拉力F做的功; (2)重力mg做的功; (3)

11、圓弧面對(duì)物體的支持力FN做的功. 解析:(1)將圓弧AB分成很多小段l1、l2、…、ln,拉力在每小段上做的功為W1、W2、…、Wn,因拉力F大小不變,方向始終與物體所在位置的切線方向成37°角,所以: W1=Fl1cos 37°,W2=Fl2cos 37°,…,Wn=Flncos 37°, 所以拉力F做的功為:WF=W1+W2+…+Wn =Fcos 37°(l1+l2+…+ln) =Fcos 37°·R=20π J=62.8 J. (2)重力mg做的功WG=-mgR(1-cos 60°)=-50 J. (3)物體受的支持力FN始終與物體的運(yùn)動(dòng)方向垂直,所以WFN=0

12、. 答案:(1)62.8 J (2)-50 J (3)0 角度3 運(yùn)用動(dòng)能定理解決往復(fù)運(yùn)動(dòng)問題 3.如圖所示,質(zhì)量為 m 的滑塊距擋板 P的距離為 l0,滑塊以初速度 v0沿傾角為θ的斜面上滑,滑塊與斜面間的動(dòng)摩擦因數(shù)為μ,滑塊所受摩擦力小于重力沿斜面向下的分力.若滑塊每次與擋板相碰均無機(jī)械能損失,滑塊經(jīng)過的總路程是(  ) A.   B. C. D. 解析:選A.滑塊所受摩擦力小于重力沿斜面向下的分力,因此滑塊最終必定停在擋板 P 處.設(shè)滑塊經(jīng)過的總路程為 l,對(duì)滑塊運(yùn)動(dòng)的全過程應(yīng)用動(dòng)能定理,有 mgl0sin θ- μmglcos θ= 0 - mv, 解

13、得 l = ,選項(xiàng)A正確. 角度4 運(yùn)用動(dòng)能定理解決曲線運(yùn)動(dòng)問題 4.(2018·江蘇淮安漣水中學(xué)二模)如圖所示,半徑R=1.0 m的光滑圓弧軌道固定在豎直平面內(nèi),軌道的一個(gè)端點(diǎn)B和圓心O的連線與水平方向間的夾角θ=37°,另一端點(diǎn)C為軌道的最低點(diǎn).C點(diǎn)右側(cè)的水平路面上緊挨C點(diǎn)放置一木板,木板質(zhì)量M=1 kg,上表面與C點(diǎn)等高.質(zhì)量m=1 kg的物塊(可視為質(zhì)點(diǎn))從空中A點(diǎn)以v0=1.2 m/s的速度水平拋出,恰好從軌道的B端沿切線方向進(jìn)入軌道.已知物塊與木板間的動(dòng)摩擦因數(shù)μ1=0.2,木板與路面間的動(dòng)摩擦因數(shù)μ2=0.05,取g=10 m/s2,sin 37°=0.6,cos 37°=

14、0.8.試求: (1)物塊經(jīng)過B端時(shí)速度的大小; (2)物塊經(jīng)過軌道上的C點(diǎn)時(shí)對(duì)軌道的壓力大??; (3)若木板足夠長(zhǎng),請(qǐng)問從開始平拋至最終木板、物塊都靜止,整個(gè)過程產(chǎn)生的熱量是多少? 解析:(1)根據(jù)運(yùn)動(dòng)的合成與分解,B點(diǎn)速度方向與水平方向夾角為53°,故vB==2 m/s. (2)物塊從B到C應(yīng)用動(dòng)能定理,有 mg(R+Rsin θ)=mv-mv 解得vC=6 m/s 在C點(diǎn),由牛頓第二定律得F-mg=m· 解得F=46 N 由牛頓第三定律知,物塊經(jīng)過圓弧軌道上的C點(diǎn)時(shí)對(duì)軌道的壓力大小為46 N. (3)物塊從A到C過程中無能量損失,所以整個(gè)過程產(chǎn)生的熱量就是從C到最終

15、木板、物塊都靜止這一過程中產(chǎn)生的熱量,由能量守恒定律得Q=mv=18 J. 答案:(1)2 m/s (2)46 N (3)18 J 命題角度 解決方法 易錯(cuò)辨析 計(jì)算恒力做功 公式法W=Fscos θ 力的大小、方向不變時(shí)才可用公式求解 變力做功的計(jì)算 微元法或動(dòng)能定理 若力不是均勻變化,則計(jì)算時(shí)一般用動(dòng)能定理 動(dòng)能定理在平拋運(yùn)動(dòng)中的應(yīng)用 重力做功改變重力勢(shì)能,用動(dòng)能變化來分析速度的變化 找準(zhǔn)物體平拋運(yùn)動(dòng)的初、末位置 動(dòng)能定理在圓周運(yùn)動(dòng)中的應(yīng)用 向心力不做功,利用動(dòng)能定理把特殊點(diǎn)的運(yùn)動(dòng)推廣到一般位置 準(zhǔn)確找到圓周運(yùn)動(dòng)中的臨界位置即速度極值點(diǎn) 動(dòng)能定理在往返

16、直線運(yùn)動(dòng)中的應(yīng)用 只考慮初、末位置而不用考慮中間過程且注意摩擦力做功情況 一定要準(zhǔn)確分析物體最終的位置,一般處于平衡態(tài)    機(jī)車啟動(dòng)問題 機(jī)車輸出功率:P=Fv,其中F為機(jī)車牽引力. 機(jī)車勻加速啟動(dòng)過程的最大速度v1(此時(shí)機(jī)車輸出的功率最大)和全程的最大速度vm(此時(shí)F牽=F阻)求解方法 (1)求v1:由F牽-F阻=ma,P=F牽v1可求v1=. (2)求vm:由P=F阻 vm,可求vm=. 解決機(jī)車啟動(dòng)問題時(shí)的四點(diǎn)注意 (1)分清是勻加速啟動(dòng)還是恒定功率啟動(dòng). (2)勻加速啟動(dòng)過程中,機(jī)車功率不斷增大,最大功率是額定功率. (3)以額定功率啟動(dòng)的過程中,

17、牽引力不斷減小,機(jī)車做加速度減小的加速運(yùn)動(dòng),牽引力的最小值等于阻力. (4)無論哪種啟動(dòng)方式,最后達(dá)到最大速度時(shí),均滿足P=f阻vm,P為機(jī)車的額定功率.  一汽車在平直公路上行駛.從某時(shí)刻開始計(jì)時(shí),發(fā)動(dòng)機(jī)的功率P隨時(shí)間t的變化如圖所示.假定汽車所受阻力的大小f恒定不變.下列描述該汽車的速度v隨時(shí)間t變化的圖線中,可能正確的是(  ) [解析] 由P-t圖象知:0~t1內(nèi)汽車以恒定功率P1行駛,t1~t2內(nèi)汽車以恒定功率P2行駛.設(shè)汽車所受牽引力為F,則由P=Fv得,當(dāng)v增加時(shí),F(xiàn)減小,由a=知a減小,又因速度不可能突變,所以選項(xiàng)B、C、D錯(cuò)誤,選項(xiàng)A正確. [答案] A

18、 角度1 以恒定加速度啟動(dòng)方式的分析 1.(2018·陜西五校模擬)水平面上靜止放置一質(zhì)量為m=0.2 kg的物塊,固定在同一水平面上的小型電動(dòng)機(jī)通過水平細(xì)線牽引物塊,使物塊由靜止開始做勻加速直線運(yùn)動(dòng),2 s末達(dá)到額定功率,其v-t圖線如圖所示,物塊與水平面間的動(dòng)摩擦因數(shù)為μ=0.1,g=10 m/s2,電動(dòng)機(jī)與物塊間的距離足夠遠(yuǎn).求: (1)物塊做勻加速直線運(yùn)動(dòng)時(shí)受到的牽引力大??; (2)電動(dòng)機(jī)的額定功率; (3)物塊在電動(dòng)機(jī)牽引下,最終能達(dá)到的最大速度. 解析:(1)由題圖知物塊在勻加速階段加速度大小 a==0.4 m/s2 物塊受到的摩擦力大小Ff=μmg 設(shè)牽引力大小

19、為F,則有:F-Ff=ma 得F=0.28 N. (2)當(dāng)v=0.8 m/s時(shí),電動(dòng)機(jī)達(dá)到額定功率,則 P=Fv=0.224 W. (3)物塊達(dá)到最大速度vm時(shí),此時(shí)物塊所受的牽引力大小等于摩擦力大小,有 F1=μmg P=F1vm 解得vm=1.12 m/s. 答案:(1)0.28 N (2)0.224 W (3)1.12 m/s 角度2 以恒定功率啟動(dòng)方式的分析 2.(多選)(2018·襄陽模擬)我國自行研制的新一代8×8輪式裝甲車已達(dá)到西方國家第三代戰(zhàn)車的水平,將成為中國軍方快速部署輕型裝甲部隊(duì)的主力裝備.設(shè)該裝甲車的質(zhì)量為m,若在平直的公路上從靜止開始加速,前進(jìn)較

20、短的距離s速度便可達(dá)到最大值vm.設(shè)在加速過程中發(fā)動(dòng)機(jī)的功率恒定為P,裝甲車所受阻力恒為Ff,當(dāng)速度為v(v

21、定理得Pt-Ffs=mv,解得t=+,D錯(cuò)誤. (1)機(jī)車啟動(dòng)的方式不同,運(yùn)動(dòng)的規(guī)律就不同,即其功率、加速度、牽引力等物理量的變化規(guī)律不同,分析圖象時(shí)應(yīng)注意坐標(biāo)軸的意義及圖象變化所描述的規(guī)律. (2)在公式 P=Fv中, F是機(jī)車的牽引力而不是機(jī)車所受合力,因此 F=Ff時(shí),牽引力與阻力平衡,機(jī)車達(dá)到最大運(yùn)行速度. (3)解決機(jī)車啟動(dòng)問題一定要分清機(jī)車是勻加速啟動(dòng)還是恒定功率啟動(dòng).  ①勻加速啟動(dòng)過程中,機(jī)車功率是不斷改變的,但該過程中的最大功率是額定功率,勻加速運(yùn)動(dòng)階段的最大速度小于機(jī)車所能達(dá)到的最大速度,達(dá)到額定功率后,機(jī)車做加速度減小的加速運(yùn)動(dòng). ②以恒定功率啟動(dòng)的過程中

22、,機(jī)車做加速度減小的加速運(yùn)動(dòng),勻變速直線運(yùn)動(dòng)的規(guī)律不能用,速度最大值等于 ,牽引力是變力,牽引力做的功可用W=Pt求解,但不能用 W = Flcos θ求解.  機(jī)械能守恒定律的應(yīng)用 機(jī)械能守恒定律的應(yīng)用 運(yùn)用機(jī)械能守恒定律分析求解時(shí)應(yīng)注意的問題 (1)研究對(duì)象的選取 研究對(duì)象的選取是解題的首要環(huán)節(jié),有的問題選單個(gè)物體(實(shí)為一個(gè)物體與地球組成的系統(tǒng))為研究對(duì)象機(jī)械能不守恒,但選此物體與其他幾個(gè)物體組成的系統(tǒng)為研究對(duì)象,機(jī)械能卻是守恒的. (2)要注意研究過程的選取 有些問題研究對(duì)象的運(yùn)動(dòng)過程分幾個(gè)階段,有的階段機(jī)械能守恒,而有的階段機(jī)械能不守恒.因此,在應(yīng)用機(jī)械

23、能守恒定律解題時(shí)要注意過程的選?。? (3)注意機(jī)械能守恒表達(dá)式的選取 “守恒的觀點(diǎn)”的表達(dá)式適用于單個(gè)或多個(gè)物體機(jī)械能守恒的問題.列式時(shí)需選取參考平面.而用“轉(zhuǎn)移”和“轉(zhuǎn)化”的角度反映機(jī)械能守恒時(shí),不必選取參考平面.  (多選)如圖,滑塊a、b的質(zhì)量均為m,a套在固定豎直桿上,與光滑水平地面相距h,b放在地面上.a(chǎn)、b通過鉸鏈用剛性輕桿連接,由靜止開始運(yùn)動(dòng).不計(jì)摩擦,a、b可視為質(zhì)點(diǎn),重力加速度大小為g.則(  ) A.a(chǎn)落地前,輕桿對(duì)b一直做正功 B.a(chǎn)落地時(shí)速度大小為 C.a(chǎn)下落過程中,其加速度大小始終不大于g D.a(chǎn)落地前,當(dāng)a的機(jī)械能最小時(shí),b對(duì)地面的壓力大小為mg

24、 [解析] 由題意知,系統(tǒng)機(jī)械能守恒.設(shè)某時(shí)刻a、b的速度分別為va、v B.此時(shí)剛性輕桿與豎直桿的夾角為θ,分別將va、vb分解,如圖.因?yàn)閯傂詶U不可伸長(zhǎng),所以沿桿的分速度v∥與v′∥是相等的,即vacos θ=vbsin θ.當(dāng)a滑至地面時(shí)θ=90°,此時(shí)vb=0,由系統(tǒng)機(jī)械能守恒得mgh=mv,解得va=,選項(xiàng)B正確;同時(shí)由于b初、末速度均為零,運(yùn)動(dòng)過程中其動(dòng)能先增大后減小,即桿對(duì)b先做正功后做負(fù)功,選項(xiàng)A錯(cuò)誤;桿對(duì)b的作用先是推力后是拉力,對(duì)a則先是阻力后是動(dòng)力,即a的加速度在受到桿的向下的拉力作用時(shí)大于g,選項(xiàng)C錯(cuò)誤;b的動(dòng)能最大時(shí),桿對(duì)a、b的作用力為零,此時(shí)a的機(jī)械能最小,b只受

25、重力和支持力,所以b對(duì)地面的壓力大小為mg,選項(xiàng)D正確.   [答案] BD 角度1 單個(gè)物體的機(jī)械能守恒 1.(多選)(2018·西安高新一中高三二模)如圖,一物體從光滑斜面AB底端A點(diǎn)以初速度v0上滑,沿斜面上升的最大高度為h.下列說法中正確的是(設(shè)下列情境中物體從A點(diǎn)上滑的初速度仍為v0)(  ) A.若把斜面CB部分截去,物體沖過C點(diǎn)后上升的最大高度仍為h B.若把斜面AB變成曲面AEB,物體沿此曲面上升仍能到達(dá)B點(diǎn) C.若把斜面彎成圓弧形D,物體仍沿圓弧升高h(yuǎn) D.若把斜面從C點(diǎn)以上部分彎成與C點(diǎn)相切的圓弧狀,物體上升的最大高度有可能仍為h 解析:選BD

26、.物體上升過程中軌道的支持力不做功,只有重力做功,機(jī)械能守恒;斜拋運(yùn)動(dòng)的最高點(diǎn),速度不為零;AD軌道最高點(diǎn),合力充當(dāng)向心力,速度也不為零.若把斜面CB部分截去,物體沖過C點(diǎn)后做斜拋運(yùn)動(dòng),斜拋運(yùn)動(dòng)的最高點(diǎn)有水平分速度,速度不為零,由物體機(jī)械能守恒可知不能到達(dá)h高處,故A錯(cuò)誤;若把斜面AB變成曲面AEB,物體在最高點(diǎn)速度為零,根據(jù)機(jī)械能守恒定律,物體沿此曲面上升仍能到達(dá)B點(diǎn),故B正確;若把斜面彎成圓弧形D,如果能到圓弧最高點(diǎn),根據(jù)機(jī)械能守恒定律得知:到達(dá)h處的速度應(yīng)為零,而物體要到達(dá)最高點(diǎn),必須由合力充當(dāng)向心力,速度不為零,故知物體不可能升高h(yuǎn),故C錯(cuò)誤;若把斜面從C點(diǎn)以上部分彎成與C點(diǎn)相切的圓弧

27、狀,若B點(diǎn)不高于此圓的圓心,根據(jù)機(jī)械能守恒定律,物體沿斜面上升的最大高度仍然可以為h,故D正確. 角度2 多個(gè)物體的系統(tǒng)機(jī)械能守恒 2.(多選)(2018·四川綿陽模擬)如圖所示,將質(zhì)量為2m的重物懸掛在輕繩的一端,輕繩的另一端系一質(zhì)量為m的環(huán),環(huán)套在豎直固定的光滑直桿上,光滑的輕小定滑輪與直桿的距離為d,桿上的A點(diǎn)與定滑輪等高,桿上的B點(diǎn)在A點(diǎn)下方距離為d處.現(xiàn)將環(huán)從A處由靜止釋放,不計(jì)一切摩擦阻力,下列說法正確的是(  ) A.環(huán)到達(dá)B處時(shí),重物上升的高度h= B.環(huán)到達(dá)B處時(shí),環(huán)與重物的速度大小相等 C.環(huán)從A到B,環(huán)減少的機(jī)械能等于重物增加的機(jī)械能 D.環(huán)能下滑的最大

28、高度為d 解析:選CD.根據(jù)幾何關(guān)系可知,環(huán)從A下滑至B點(diǎn)時(shí),重物上升的高度h=d-d,故A錯(cuò)誤;對(duì)環(huán)在B處時(shí)的速度v沿繩子方向和垂直于繩子方向分解,在沿繩子方向上的分速度等于重物的速度,有vcos 45°=v重物,故B錯(cuò)誤;環(huán)下滑過程中,系統(tǒng)機(jī)械能守恒,即環(huán)減少的機(jī)械能等于重物增加的機(jī)械能,故C正確;環(huán)下滑到最大高度為h時(shí),環(huán)和重物的速度均為0,此時(shí)重物上升的最大高度為-d,根據(jù)機(jī)械能守恒有mgh=2mg(-d),解得h=d,故D正確. 命題角度 解決方法 易錯(cuò)辨析 機(jī)械能守恒條件的判斷問題 條件判斷法 除重力或彈力外是否有其他力做功,尤其注意摩擦內(nèi)力做功生熱情況或機(jī)械能瞬

29、間損失情況 機(jī)械能守恒在單個(gè)物體運(yùn)動(dòng)中的應(yīng)用 隔離法分析單物體的受力情況,利用機(jī)械能守恒定律列式求解 要準(zhǔn)確判斷物體的運(yùn)動(dòng)過程是否機(jī)械能守恒 機(jī)械能守恒在多個(gè)物體組成的系統(tǒng)中的應(yīng)用 列系統(tǒng)初、末狀態(tài)的機(jī)械能守恒定律方程 看是單個(gè)物體機(jī)械能守恒還是系統(tǒng)機(jī)械能守恒    功能關(guān)系的應(yīng)用 常見的功能關(guān)系 應(yīng)用能量守恒定律的兩條基本思路 (1)某種形式的能減少,一定存在其他形式的能增加,且減少量和增加量一定相等,即ΔE減=ΔE增. (2)某個(gè)物體的能量減少,一定存在其他物體的能量增加,且減少量和增加量一定相等,即ΔEA減=ΔEB增. 在處理功能關(guān)系的綜合問題時(shí)

30、,要注意: (1)弄清物體的受力情況和運(yùn)動(dòng)情況,根據(jù)物體的運(yùn)動(dòng)過程分析物體的受力情況及不同的運(yùn)動(dòng)過程中力的變化情況. (2)根據(jù)各力做功的不同特點(diǎn)分析各力在不同的運(yùn)動(dòng)過程中的做功情況. (3)熟練掌握常用的功能關(guān)系.  (2017·高考全國卷Ⅰ)一質(zhì)量為8.00×104 kg的太空飛船從其飛行軌道返回地面.飛船在離地面高度1.60×105 m處以7.50×103 m/s的速度進(jìn)入大氣層,逐漸減慢至速度為100 m/s時(shí)下落到地面.取地面為重力勢(shì)能零點(diǎn),在飛船下落過程中,重力加速度可視為常量,大小取為9.8 m/s2.(結(jié)果保留2位有效數(shù)字) (1)分別求出該飛船著地前瞬間的機(jī)械能

31、和它進(jìn)入大氣層時(shí)的機(jī)械能. (2)求飛船從離地面高度600 m處至著地前瞬間的過程中克服阻力所做的功,已知飛船在該處的速度大小是其進(jìn)入大氣層時(shí)速度大小的2.0%. [解析] (1)飛船著地前瞬間的機(jī)械能為 Ek0=mv① 式中,m和v0分別是飛船的質(zhì)量和著地前瞬間的速率.由①式和題給數(shù)據(jù)得Ek0=4.0×108 J② 設(shè)地面附近的重力加速度大小為g.飛船進(jìn)入大氣層時(shí)的機(jī)械能為 Eh=mv+mgh③ 式中,vh是飛船在高度1.6×105 m處的速度大小.由③式和題給數(shù)據(jù)得 Eh=2.4×1012 J.④ (2)飛船在高度h′=600 m處的機(jī)械能為 Eh′=m+mgh′⑤

32、由功能關(guān)系得 W=Eh′-Ek0⑥ 式中,W是飛船從高度600 m處至著地前瞬間的過程中克服阻力所做的功. 由②⑤⑥式和題給數(shù)據(jù)得 W=9.7×108 J. [答案] 見解析 角度1 功與能的對(duì)應(yīng)關(guān)系 1.(2018·河北唐山開灤二中模擬)如圖所示,在豎直平面內(nèi)有一半徑為R的圓弧軌道,半徑OA水平、OB豎直,一個(gè)質(zhì)量為m的小球自A的正上方P點(diǎn)由靜止開始自由下落,小球沿軌道到達(dá)最高點(diǎn)B時(shí)恰好對(duì)軌道沒有壓力.已知AP=2R,重力加速度為g,則小球從P到B的運(yùn)動(dòng)過程中(  ) A.重力做功2mgR     B.機(jī)械能減少mgR C.合外力做功mgR D.克服摩擦力做功

33、mgR 解析:選 D.小球到達(dá)B點(diǎn)時(shí),恰好對(duì)軌道沒有壓力,故只受重力作用,根據(jù)mg=得,小球在B點(diǎn)的速度v=.小球從P點(diǎn)到B點(diǎn)的過程中,重力做功W=mgR,故選項(xiàng)A錯(cuò)誤;減少的機(jī)械能ΔE減=mgR-mv2=mgR,故選項(xiàng)B錯(cuò)誤;合外力做功W合=mv2=mgR,故選項(xiàng)C錯(cuò)誤;根據(jù)動(dòng)能定理得mgR-Wf=mv2-0,所以Wf=mgR-mv2=mgR,故選項(xiàng)D正確. 角度2 能量守恒的應(yīng)用 2.如圖所示,固定的豎直光滑長(zhǎng)桿上套有質(zhì)量為m的小圓環(huán),圓環(huán)與水平狀態(tài)的輕質(zhì)彈簧一端連接,彈簧的另一端連接在墻上,且處于原長(zhǎng)狀態(tài).現(xiàn)讓圓環(huán)由靜止開始下滑,已知彈簧原長(zhǎng)為L(zhǎng),圓環(huán)下滑到最大距離時(shí)彈簧的長(zhǎng)度變

34、為2L(未超過彈性限度),則在圓環(huán)下滑到最大距離的過程中(  ) A.圓環(huán)的機(jī)械能守恒 B.彈簧彈性勢(shì)能變化了mgL C.圓環(huán)下滑到最大距離時(shí),所受合力為零 D.圓環(huán)重力勢(shì)能與彈簧彈性勢(shì)能之和保持不變 解析:選B.圓環(huán)沿桿下滑的過程中,圓環(huán)與彈簧組成的系統(tǒng)動(dòng)能、彈性勢(shì)能、重力勢(shì)能之和守恒,選項(xiàng)A、D錯(cuò)誤;彈簧長(zhǎng)度為2L時(shí),圓環(huán)下落的高度h=L,根據(jù)機(jī)械能守恒定律,彈簧的彈性勢(shì)能增加了ΔEp=mgh=mgL,選項(xiàng)B正確;圓環(huán)釋放后,圓環(huán)向下先做加速運(yùn)動(dòng),后做減速運(yùn)動(dòng),當(dāng)速度最大時(shí),合力為零,下滑到最大距離時(shí),具有向上的加速度,合力不為零,選項(xiàng)C錯(cuò)誤. 角度3 功能關(guān)系的綜合應(yīng)用

35、3.(2016·高考全國卷Ⅲ)如圖,在豎直平面內(nèi)有由圓弧AB和圓弧BC組成的光滑固定軌道,兩者在最低點(diǎn)B平滑連接.AB弧的半徑為R,BC弧的半徑為.一小球在A點(diǎn)正上方與A相距處由靜止開始自由下落,經(jīng)A點(diǎn)沿圓弧軌道運(yùn)動(dòng). (1)求小球在B、A兩點(diǎn)的動(dòng)能之比. (2)通過計(jì)算判斷小球能否沿軌道運(yùn)動(dòng)到C點(diǎn). 解析:(1)設(shè)小球的質(zhì)量為m,小球在A點(diǎn)的動(dòng)能為EkA,由機(jī)械能守恒得EkA=mg① 設(shè)小球在B點(diǎn)的動(dòng)能為EkB,同理有EkB=mg② 由①②式得=5∶1.③ (2)若小球能沿軌道運(yùn)動(dòng)到C點(diǎn),小球在C點(diǎn)所受軌道的正壓力N應(yīng)滿足N≥0④ 設(shè)小球在C點(diǎn)的速度大小為vC,由牛頓運(yùn)動(dòng)定律和

36、向心加速度公式有N+mg=m⑤ 由④⑤式得,vC應(yīng)滿足mg≤m⑥ 由機(jī)械能守恒有mg=mv⑦ 由⑥⑦式可知,小球恰好可以沿軌道運(yùn)動(dòng)到C點(diǎn). 答案:(1)5∶1 (2)見解析 (1)與能量有關(guān)的力學(xué)綜合題的特點(diǎn) ①常見的與能量有關(guān)的力學(xué)綜合題有單一物體多過程和多個(gè)物體多過程兩大類型; ②聯(lián)系前后兩個(gè)過程的關(guān)鍵物理量是速度,前一個(gè)過程的末速度是后一個(gè)過程的初速度; ③當(dāng)涉及功、能和位移時(shí),一般選用動(dòng)能定理、機(jī)械能守恒定律或能量守恒定律,題目中出現(xiàn)相對(duì)位移時(shí),應(yīng)優(yōu)先選擇能量守恒定律. (2)解答與能量有關(guān)的綜合題時(shí)的注意事項(xiàng) ①將復(fù)雜的物理過程分解為幾個(gè)簡(jiǎn)單的物理過程,挖掘出

37、題中的隱含條件,找出聯(lián)系不同階段的“橋梁”. ②分析物體所經(jīng)歷的各個(gè)運(yùn)動(dòng)過程的受力情況以及做功情況的變化,選擇適合的規(guī)律求解.  ,        (建議用時(shí):30分鐘) 一、單項(xiàng)選擇題 1.假設(shè)摩托艇受到的阻力的大小正比于它的速率.如果摩托艇發(fā)動(dòng)機(jī)的輸出功率變?yōu)樵瓉淼?倍,則摩托艇的最大速率變?yōu)樵瓉淼?  ) A.4倍           B.2倍 C.倍 D.倍 解析:選 D.設(shè)Ff=kv,當(dāng)阻力等于牽引力時(shí),速度最大,輸出功率變化前,有P=Fv=Ffv=kv·v=kv2,變化后有2P=F′v′=kv′·v′=kv′2,聯(lián)立解得v′=v,D正確. 2.(2018·邯鄲

38、模擬)某人用同一水平力先后兩次拉同一物體,第一次使此物體沿光滑水平面前進(jìn)距離s,第二次使此物體沿粗糙水平面也前進(jìn)距離s,若先后兩次拉力做的功為W1和W2,拉力做功的功率是P1和P2,則正確的是(  ) A.W1=W2,P1=P2 B.W1=W2,P1>P2 C.W1>W2,P1>P2 D.W1>W2,P1=P2 解析:選 B.由W=Fs可知兩次拉力做功相同,但由于地面光滑時(shí)不受摩擦力,加速度較大,運(yùn)動(dòng)時(shí)間較短,由P=可知P1>P2,B正確. 3.(2018·高考天津卷)滑雪運(yùn)動(dòng)深受人民群眾喜愛.某滑雪運(yùn)動(dòng)員(可視為質(zhì)點(diǎn))由坡道進(jìn)入豎直面內(nèi)的圓弧形滑道AB,從滑道的A點(diǎn)滑行到最低

39、點(diǎn)B的過程中,由于摩擦力的存在,運(yùn)動(dòng)員的速率不變,則運(yùn)動(dòng)員沿AB下滑過程中(  ) A.所受合外力始終為零 B.所受摩擦力大小不變 C.合外力做功一定為零 D.機(jī)械能始終保持不變 解析:選C.運(yùn)動(dòng)員做勻速圓周運(yùn)動(dòng),所受合外力指向圓心,A項(xiàng)錯(cuò)誤;由動(dòng)能定理可知,合外力做功一定為零,C項(xiàng)正確;運(yùn)動(dòng)員所受滑動(dòng)摩擦力大小隨運(yùn)動(dòng)員對(duì)滑道壓力大小的變化而變化,B項(xiàng)錯(cuò)誤;運(yùn)動(dòng)員動(dòng)能不變,重力勢(shì)能減少,所以機(jī)械能減少,D項(xiàng)錯(cuò)誤. 4.如圖,一半徑為R、粗糙程度處處相同的半圓形軌道豎直固定放置,直徑POQ水平.一質(zhì)量為m的質(zhì)點(diǎn)自P點(diǎn)上方高度R處由靜止開始下落,恰好從P點(diǎn)進(jìn)入軌道.質(zhì)點(diǎn)滑到軌道最低

40、點(diǎn)N時(shí),對(duì)軌道的壓力為4mg,g為重力加速度的大?。肳表示質(zhì)點(diǎn)從P點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到N點(diǎn)的過程中克服摩擦力所做的功.則(  ) A.W=mgR,質(zhì)點(diǎn)恰好可以到達(dá)Q點(diǎn) B.W>mgR,質(zhì)點(diǎn)不能到達(dá)Q點(diǎn) C.W=mgR,質(zhì)點(diǎn)到達(dá)Q點(diǎn)后,繼續(xù)上升一段距離 D.W

41、設(shè)從N到Q的過程中克服摩擦力做功為W′,則W′

42、又將一部分機(jī)械能轉(zhuǎn)化為彈簧的彈性勢(shì)能,因此機(jī)械能肯定減少,故A錯(cuò)誤;對(duì)于物塊和彈簧組成的系統(tǒng)來說,物塊減少的機(jī)械能等于克服空氣阻力所做的功和彈簧彈性勢(shì)能之和,因此整個(gè)系統(tǒng)機(jī)械能減少量即為克服空氣阻力所做的功,故B錯(cuò)誤;由A運(yùn)動(dòng)到C的過程中,物塊的動(dòng)能變化為零,重力勢(shì)能減少量等于機(jī)械能的減少量,所以物塊機(jī)械能減少mg(H+h),故C錯(cuò)誤;物塊從A點(diǎn)由靜止開始下落,加速度是g,根據(jù)牛頓第二定律得f=mg-ma=mg,所以空氣阻力所做的功Wf=-mg(H+h),整個(gè)系統(tǒng)機(jī)械能減少量即為克服空氣阻力所做的功,所以物塊和彈簧組成的系統(tǒng)機(jī)械能減少mg(H+h),故D正確. 6.(2018·上海靜安教學(xué)質(zhì)

43、量檢測(cè))物體在平行于斜面向上的拉力作用下,分別沿傾角不同的斜面的底端,勻速運(yùn)動(dòng)到高度相同的頂端,物體與各斜面間的動(dòng)摩擦因數(shù)相同,則 (  ) A.沿傾角較小的斜面拉,拉力做的功較多 B.沿傾角較大的斜面拉,克服重力做的功較多 C.無論沿哪個(gè)斜面拉,拉力做的功均相同 D.無論沿哪個(gè)斜面拉,克服摩擦力做的功相同 解析:選A.設(shè)斜面傾角為θ,高度為h,則斜面長(zhǎng)度L=.物體勻速被拉到頂端,根據(jù)動(dòng)能定理WF=mgh+μmgcos θ·L=mgh+μmg·,則h相同時(shí),傾角較小則拉力做的功較多,選項(xiàng)A正確,C錯(cuò)誤;克服重力做功為WG=mgh,則克服重力做功相同,選項(xiàng)B錯(cuò)誤;克服摩擦力做的功W

44、f=μmgcos θ·L=μmg·,所以傾角越大,克服摩擦力做功越小,選項(xiàng)D錯(cuò)誤. 7.如圖所示,一個(gè)質(zhì)量為m的圓環(huán)套在一根固定的水平直桿上,桿足夠長(zhǎng),環(huán)與桿之間的動(dòng)摩擦因數(shù)為μ,現(xiàn)給環(huán)一個(gè)向右的初速度v0,如果環(huán)在運(yùn)動(dòng)過程中還受到一個(gè)方向始終豎直向上的力F,且F=kv(k為常數(shù),v為環(huán)的速率),則環(huán)在整個(gè)運(yùn)動(dòng)過程中克服摩擦力所做的功不可能為(  ) A.mv B.mv+ C.0 D.mv- 解析:選 B.當(dāng)環(huán)受到的合力向下時(shí),隨著環(huán)做減速運(yùn)動(dòng),向上的力F逐漸減小,環(huán)最終將靜止;當(dāng)環(huán)所受合力向上時(shí),隨著環(huán)速度的減小,豎直向上的力F逐漸減小,當(dāng)環(huán)向上的拉力減至和重力大小相等時(shí),環(huán)

45、所受合力為0,桿不再給環(huán)阻力,環(huán)將保持此時(shí)速度不變做勻速直線運(yùn)動(dòng);當(dāng)環(huán)在豎直方向所受合力為0時(shí),環(huán)將一直做勻速直線運(yùn)動(dòng),分三種情況應(yīng)用動(dòng)能定理求出阻力對(duì)環(huán)做的功即可.當(dāng)F=kv0=mg時(shí),圓環(huán)不受桿的支持力和摩擦力,克服摩擦力做的功為零;當(dāng)F=kv0mg時(shí),圓環(huán)先做減速運(yùn)動(dòng),當(dāng)F=mg時(shí),圓環(huán)不受摩擦力,做勻速直線運(yùn)動(dòng),由F=kv=mg得v=,根據(jù)動(dòng)能定理得-W=mv2-mv,解得W=mv-.綜上所述,答案為 B. 二、多項(xiàng)選擇題 8.(2016·高考浙江卷)如圖所示為一滑草場(chǎng).某條滑道由

46、上、下兩段高均為h,與水平面傾角分別為45°和37°的滑道組成,滑草車與草地之間的動(dòng)摩擦因數(shù)為μ.質(zhì)量為m的載人滑草車從坡頂由靜止開始自由下滑,經(jīng)過上、下兩段滑道后,最后恰好靜止于滑道的底端(不計(jì)滑草車在兩段滑道交接處的能量損失,sin 37°=0.6,cos 37°=0.8).則(  ) A.動(dòng)摩擦因數(shù)μ= B.載人滑草車最大速度為 C.載人滑草車克服摩擦力做功為mgh D.載人滑草車在下段滑道上的加速度大小為g 解析:選AB.由題意根據(jù)動(dòng)能定理有,2mgh-Wf=0,即2mgh-μmgcos 45°·-μmgcos 37°·=0,得動(dòng)摩擦因數(shù)μ=,則A項(xiàng)正確;載人滑

47、草車克服摩擦力做的功為Wf=2mgh,則C項(xiàng)錯(cuò)誤;載人滑草車在上下兩段的加速度分別為a1=g(sin 45°-μcos 45°)=g,a2=g(sin 37°-μcos 37°)=-g,則載人滑草車在上下兩段滑道上分別做加速運(yùn)動(dòng)和減速運(yùn)動(dòng),則在上段底端時(shí)達(dá)到最大速度v,由運(yùn)動(dòng)學(xué)公式有2a1=v2得,v= = ,故B項(xiàng)正確,D項(xiàng)錯(cuò)誤. 9.我國科學(xué)家正在研制航母艦載機(jī)使用的電磁彈射器.艦載機(jī)總質(zhì)量為3.0×104 kg,設(shè)起飛過程中發(fā)動(dòng)機(jī)的推力恒為1.0×105 N;彈射器有效作用長(zhǎng)度為100 m,推力恒定.要求艦載機(jī)在水平彈射結(jié)束時(shí)速度大小達(dá)到80 m/s.彈射過程中艦載機(jī)所受總推力

48、為彈射器和發(fā)動(dòng)機(jī)推力之和,假設(shè)所受阻力為總推力的20%,則(  ) A.彈射器的推力大小為1.1×106 N B.彈射器對(duì)艦載機(jī)所做的功為1.1×108 J C.彈射器對(duì)艦載機(jī)做功的平均功率為8.8×107 W D.艦載機(jī)在彈射過程中的加速度大小為32 m/s2 解析:選ABD.對(duì)艦載機(jī)應(yīng)用運(yùn)動(dòng)學(xué)公式v2-02=2ax,即802=2·a·100,得加速度a=32 m/s2,選項(xiàng)D正確;設(shè)總推力為F,對(duì)艦載機(jī)應(yīng)用牛頓第二定律可知:F-20%F=ma,得F=1.2×106 N,而發(fā)動(dòng)機(jī)的推力為1.0×105 N,則彈射器的推力為F推=(1.2×106-1.0×105)N=1.1×106

49、N,選項(xiàng)A正確;彈射器對(duì)艦載機(jī)所做的功為W=F推·l=1.1×108 J,選項(xiàng)B正確;彈射過程所用的時(shí)間為t== s=2.5 s,平均功率P== W=4.4×107 W,選項(xiàng)C錯(cuò)誤. 10.(2016·高考全國卷Ⅱ)兩實(shí)心小球甲和乙由同一種材料制成,甲球質(zhì)量大于乙球質(zhì)量.兩球在空氣中由靜止下落,假設(shè)它們運(yùn)動(dòng)時(shí)受到的阻力與球的半徑成正比,與球的速率無關(guān).若它們下落相同的距離,則(  ) A.甲球用的時(shí)間比乙球長(zhǎng) B.甲球末速度的大小大于乙球末速度的大小 C.甲球加速度的大小小于乙球加速度的大小 D.甲球克服阻力做的功大于乙球克服阻力做的功 解析:選BD.由于兩球由同一種材料制成,甲球

50、的質(zhì)量大于乙球的質(zhì)量,因此甲球的體積大于乙球的體積,甲球的半徑大于乙球的半徑,設(shè)球的半徑為r,根據(jù)牛頓第二定律,下落過程中mg-kr=ma,a=g-=g-,可知,球下落過程做勻變速直線運(yùn)動(dòng),且下落過程中半徑大的球下落的加速度大,因此甲球下落的加速度大,由h=at2可知,下落相同的距離,甲球所用的時(shí)間短,A、C項(xiàng)錯(cuò)誤;由v2=2ah可知,甲球末速度的大小大于乙球末速度的大小,B項(xiàng)正確;由于甲球受到的阻力大,因此克服阻力做的功多,D項(xiàng)正確. 11.(2018·高考全國卷 Ⅲ )地下礦井中的礦石裝在礦車中,用電機(jī)通過豎井運(yùn)送到地面.某豎井中礦車提升的速度大小v隨時(shí)間t的變化關(guān)系如圖所示,其中圖線①

51、②分別描述兩次不同的提升過程,它們變速階段加速度的大小都相同;兩次提升的高度相同,提升的質(zhì)量相等.不考慮摩擦阻力和空氣阻力.對(duì)于第①次和第②次提升過程,(  ) A.礦車上升所用的時(shí)間之比為4∶5 B.電機(jī)的最大牽引力之比為2∶1 C.電機(jī)輸出的最大功率之比為2∶1 D.電機(jī)所做的功之比為4∶5 解析:選AC.根據(jù)位移相同可得兩圖線與時(shí)間軸圍成的面積相等,v0×2t0=×v0[2t0+t′+(t0+t′)],解得t′=t0,則對(duì)于第①次和第②次提升過程中,礦車上升所用的時(shí)間之比為2t0∶(2t0+t0)=4∶5,A正確;加速過程中的牽引力最大,且已知兩次加速時(shí)的加速度大小相等,故兩次

52、提升過程中最大牽引力相等,B錯(cuò)誤;由題知兩次提升的過程中礦車的最大速度之比為2∶1,由功率P=Fv,得最大功率之比為2∶1,C正確;兩次提升過程中礦車的初、末速度都為零,則電機(jī)所做的功等于克服重力做的功,重力做的功相等,故電機(jī)所做的功之比為1∶1,D錯(cuò)誤. 12.(2018·江蘇啟東模擬)質(zhì)量為m的汽車在平直路面上啟動(dòng),啟動(dòng)過程的v-t圖象如圖所示.從t1時(shí)刻起牽引力的功率保持不變,整個(gè)運(yùn)動(dòng)過程中汽車所受阻力恒為Ff,則(  ) A.0~t1時(shí)間內(nèi),汽車的牽引力等于m B.t1~t2時(shí)間內(nèi),汽車的功率等于v1 C.汽車運(yùn)動(dòng)的最大速度v2=v1 D.t1~t2時(shí)間內(nèi),汽車的平均速度小于

53、 解析:選BC.由題圖可知,0~t1階段,汽車做勻加速直線運(yùn)動(dòng),a=,F(xiàn)1-Ff=ma,聯(lián)立得F1=m+Ff,選項(xiàng)A錯(cuò)誤;在t1時(shí)刻汽車達(dá)到額定功率P=F1v1=v1,t1~t2時(shí)間內(nèi),汽車保持額定功率不變,選項(xiàng)B正確;t2時(shí),速度達(dá)到最大值v2,此時(shí)F2=Ff,P=F2v2,v2==v1,選項(xiàng)C正確;由v-t圖線與t軸所圍面積表示位移的大小可知,t1~t2時(shí)間內(nèi),汽車的平均速度大于,選項(xiàng)D錯(cuò)誤. 13.(2016·高考天津卷)我國高鐵技術(shù)處于世界領(lǐng)先水平.和諧號(hào)動(dòng)車組是由動(dòng)車和拖車編組而成的,提供動(dòng)力的車廂叫動(dòng)車,不提供動(dòng)力的車廂叫拖車.假設(shè)動(dòng)車組各車廂質(zhì)量均相等,動(dòng)車的額定功率都相同,

54、動(dòng)車組在水平直軌道上運(yùn)行過程中阻力與車重成正比.某列動(dòng)車組由8節(jié)車廂組成,其中第1、5節(jié)車廂為動(dòng)車,其余為拖車,則該動(dòng)車組(  ) A.啟動(dòng)時(shí)乘客受到車廂作用力的方向與車運(yùn)動(dòng)的方向相反 B.做勻加速運(yùn)動(dòng)時(shí),第5、6節(jié)與第6、7節(jié)車廂間的作用力之比為3∶2 C.進(jìn)站時(shí)從關(guān)閉發(fā)動(dòng)機(jī)到停下來滑行的距離與關(guān)閉發(fā)動(dòng)機(jī)時(shí)的速度成正比 D.與改為4節(jié)動(dòng)車帶4節(jié)拖車的動(dòng)車組最大速度之比為 1∶2 解析:選B D.啟動(dòng)時(shí),動(dòng)車組做加速運(yùn)動(dòng),加速度方向向前,乘客受到豎直向下的重力和車廂對(duì)乘客的作用力,由牛頓第二定律可知,這兩個(gè)力的合力方向向前,所以啟動(dòng)時(shí)乘客受到車廂作用力的方向一定傾斜向前,選項(xiàng)A錯(cuò)誤

55、.設(shè)每節(jié)車廂質(zhì)量為m,動(dòng)車組在水平直軌道上運(yùn)行過程中阻力與車重成正比,則有每節(jié)車廂所受阻力f=kmg.設(shè)動(dòng)車組勻加速直線運(yùn)動(dòng)的加速度為a,每節(jié)動(dòng)車的牽引力為F,對(duì)8節(jié)車廂組成的動(dòng)車組整體,由牛頓第二定律,2F-8f=8ma;設(shè)第5節(jié)車廂對(duì)第6節(jié)車廂的拉力為F5,隔離第6、7、8節(jié)車廂,把第6、7、8節(jié)車廂作為整體進(jìn)行受力分析,由牛頓第二定律得,F(xiàn)5-3f=3ma,解得F5=;設(shè)第6節(jié)車廂對(duì)第7節(jié)車廂的拉力為F6,隔離第7、8節(jié)車廂,把第7、8節(jié)車廂作為整體進(jìn)行受力分析,由牛頓第二定律得,F(xiàn)6-2f=2ma,解得F6=;第5、6節(jié)車廂與第6、7節(jié)車廂間的作用力之比為F5∶F6=∶=3∶2,選項(xiàng)B

56、正確.關(guān)閉發(fā)動(dòng)機(jī)后,動(dòng)車組在阻力作用下滑行,由勻變速直線運(yùn)動(dòng)規(guī)律,滑行距離x=,與關(guān)閉發(fā)動(dòng)機(jī)時(shí)速度的二次方成正比,選項(xiàng)C錯(cuò)誤.設(shè)每節(jié)動(dòng)車的額定功率為P,當(dāng)有2節(jié)動(dòng)車帶6節(jié)拖車時(shí),2P=8f·v1m;當(dāng)改為4節(jié)動(dòng)車帶4節(jié)拖車時(shí),4P=8f·v2m;聯(lián)立解得v1m∶v2m=1∶2,選項(xiàng)D正確. 14.(2018·南京二模)如圖所示,半徑為R的豎直光滑圓軌道與光滑水平面相切,質(zhì)量均為m的小球A、B與輕桿連接,置于圓軌道上,A位于圓心O的正下方,B與O等高.它們由靜止釋放,最終在水平面上運(yùn)動(dòng).下列說法正確的是(  ) A.下滑過程中重力對(duì)B做功的功率先增大后減小 B.當(dāng)B滑到圓軌道最低點(diǎn)時(shí),軌道

57、對(duì)B的支持力大小為3mg C.下滑過程中B的機(jī)械能增加 D.整個(gè)過程中輕桿對(duì)A做的功為mgR 解析:選AD.對(duì)AB小球組成的系統(tǒng),在運(yùn)動(dòng)過程中,機(jī)械能守恒,設(shè)B到達(dá)軌道最低點(diǎn)時(shí)速度為v,根據(jù)機(jī)械能守恒定律得:(m+m)v2=mgR,解得:v=.因?yàn)槌跷恢盟俣葹榱?,則重力的功率為0,最低點(diǎn)速度方向與重力的方向垂直,重力的功率為零,可知重力的功率先增大后減小,故A正確;在最低點(diǎn),根據(jù)牛頓第二定律得:FN-mg=m,解得:FN=2mg,故B錯(cuò)誤;下滑過程中,B的重力勢(shì)能減小ΔEp=mgR,動(dòng)能增加量ΔEk=mv2=mgR,所以B球機(jī)械能減小mgR,故C錯(cuò)誤;整個(gè)過程中,輕桿對(duì)A做的功根據(jù)動(dòng)能定

58、理得:W=mv2=mgR,故D正確. 15.如圖所示,輕質(zhì)彈簧一端固定,另一端與一質(zhì)量為m、套在粗糙豎直固定桿A處的圓環(huán)相連,彈簧水平且處于原長(zhǎng).圓環(huán)從A處由靜止開始下滑,經(jīng)過B處的速度最大,到達(dá)C處的速度為零,AC=h.圓環(huán)在C處獲得一豎直向上的速度v,恰好能回到A.彈簧始終在彈性限度內(nèi),重力加速度為g.則圓環(huán)(  ) A.下滑過程中,加速度一直減小 B.下滑過程中,克服摩擦力做的功為mv2 C.在C處,彈簧的彈性勢(shì)能為mv2-mgh D.上滑經(jīng)過B的速度大于下滑經(jīng)過B的速度 解析:選BD.圓環(huán)下落時(shí),先加速,在B位置時(shí)速度最大,加速度減小至0.從B到C圓環(huán)減速,加速度增大,方向向上,選項(xiàng)A錯(cuò)誤;圓環(huán)下滑時(shí),設(shè)克服摩擦力做功為Wf,彈簧的最大彈性勢(shì)能為ΔEp,由A到C的過程中,根據(jù)功能關(guān)系有mgh=ΔEp+Wf.由C到A的過程中,有mv2+ΔEp=Wf+mgh.聯(lián)立解得Wf=mv2,ΔEp=mgh-mv2,選項(xiàng)B正確,選項(xiàng)C錯(cuò)誤;設(shè)圓環(huán)在B位置時(shí),彈簧彈性勢(shì)能為ΔE′p,根據(jù)能量守恒,A到B的過程有mv+ΔE′p+W′f=mgh′,B到A的過程有mv′+ΔE′p=mgh′+W′f,比較兩式得v′B>vB,選項(xiàng)D正確. 23

展開閱讀全文
溫馨提示:
1: 本站所有資源如無特殊說明,都需要本地電腦安裝OFFICE2007和PDF閱讀器。圖紙軟件為CAD,CAXA,PROE,UG,SolidWorks等.壓縮文件請(qǐng)下載最新的WinRAR軟件解壓。
2: 本站的文檔不包含任何第三方提供的附件圖紙等,如果需要附件,請(qǐng)聯(lián)系上傳者。文件的所有權(quán)益歸上傳用戶所有。
3.本站RAR壓縮包中若帶圖紙,網(wǎng)頁內(nèi)容里面會(huì)有圖紙預(yù)覽,若沒有圖紙預(yù)覽就沒有圖紙。
4. 未經(jīng)權(quán)益所有人同意不得將文件中的內(nèi)容挪作商業(yè)或盈利用途。
5. 裝配圖網(wǎng)僅提供信息存儲(chǔ)空間,僅對(duì)用戶上傳內(nèi)容的表現(xiàn)方式做保護(hù)處理,對(duì)用戶上傳分享的文檔內(nèi)容本身不做任何修改或編輯,并不能對(duì)任何下載內(nèi)容負(fù)責(zé)。
6. 下載文件中如有侵權(quán)或不適當(dāng)內(nèi)容,請(qǐng)與我們聯(lián)系,我們立即糾正。
7. 本站不保證下載資源的準(zhǔn)確性、安全性和完整性, 同時(shí)也不承擔(dān)用戶因使用這些下載資源對(duì)自己和他人造成任何形式的傷害或損失。

相關(guān)資源

更多
正為您匹配相似的精品文檔
關(guān)于我們 - 網(wǎng)站聲明 - 網(wǎng)站地圖 - 資源地圖 - 友情鏈接 - 網(wǎng)站客服 - 聯(lián)系我們

copyright@ 2023-2025  zhuangpeitu.com 裝配圖網(wǎng)版權(quán)所有   聯(lián)系電話:18123376007

備案號(hào):ICP2024067431號(hào)-1 川公網(wǎng)安備51140202000466號(hào)


本站為文檔C2C交易模式,即用戶上傳的文檔直接被用戶下載,本站只是中間服務(wù)平臺(tái),本站所有文檔下載所得的收益歸上傳人(含作者)所有。裝配圖網(wǎng)僅提供信息存儲(chǔ)空間,僅對(duì)用戶上傳內(nèi)容的表現(xiàn)方式做保護(hù)處理,對(duì)上載內(nèi)容本身不做任何修改或編輯。若文檔所含內(nèi)容侵犯了您的版權(quán)或隱私,請(qǐng)立即通知裝配圖網(wǎng),我們立即給予刪除!