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1、2022年高考物理總復(fù)習(xí) 配餐作業(yè)19 動(dòng)量守恒定律及應(yīng)用
1.(xx·南京模擬)兩球在水平面上相向運(yùn)動(dòng),發(fā)生正碰后都變?yōu)殪o止??梢钥隙ǖ氖?,碰前兩球的( )
A.質(zhì)量相等 B.動(dòng)能相等
C.動(dòng)量大小相等 D.速度大小相等
解析 兩小球組成的系統(tǒng)碰撞過程中滿足動(dòng)量守恒,兩球在水平面上相向運(yùn)動(dòng),發(fā)生正碰后都變?yōu)殪o止,故根據(jù)動(dòng)量守恒定律可以斷定碰前兩球的動(dòng)量大小相等、方向相反,C正確。
答案 C
2.如圖,兩滑塊A、B在光滑水平面上沿同一直線相向運(yùn)動(dòng),滑塊A的質(zhì)量為m,速度大小為2v0,方向向右,滑塊B的質(zhì)量為2m,速度大小為v0,方向向左,兩滑塊發(fā)生彈性碰撞后的運(yùn)動(dòng)
2、狀態(tài)是( )
A.A和B都向左運(yùn)動(dòng)
B.A和B都向右運(yùn)動(dòng)
C.A靜止,B向右運(yùn)動(dòng)
D.A向左運(yùn)動(dòng),B向右運(yùn)動(dòng)
解析 選向右的方向?yàn)檎较?,根?jù)動(dòng)量守恒定律得:2mv0-2mv0=mvA+2mvB=0,選項(xiàng)A、B、C都不滿足此式,只有選項(xiàng)D滿足此式,所以D項(xiàng)正確。
答案 D
3.(xx·泉州檢測)有一個(gè)質(zhì)量為3m的爆竹斜向上拋出,到達(dá)最高點(diǎn)時(shí)速度大小為v0、方向水平向東,在最高點(diǎn)爆炸成質(zhì)量不等的兩塊,其中一塊質(zhì)量為2m,速度大小為v,方向水平向東,則另一塊的速度是( )
A.3v0-v B.2v0-3v
C.3v0-2v D.2v0+v
解析 在最高點(diǎn)水平方向動(dòng)量
3、守恒,由動(dòng)量守恒定律可知,3mv0=2mv+mv′,可得另一塊的速度為v′=3v0-2v,對(duì)比各選項(xiàng)可知,答案選C。
答案 C
4.在光滑水平面上,一質(zhì)量為m、速度大小為v的A球與質(zhì)量為2m靜止的B球碰撞后,A球的速度方向與碰撞前相反。則碰撞后B球的速度大小可能是( )
A.0.6v B.0.4v
C.0.3v D.0.2v
解析 設(shè)碰后A球的速度大小為vA,B球的速度大小為vB,以碰前A球的速度方向?yàn)檎较颍膳鲎策^程中動(dòng)量守恒可得mv=2mvB-mvA,因vA>0,則vB>0.5v,根據(jù)總動(dòng)能不增加原則寫出能量關(guān)系式:mv2≥×2mv+mv,且vA≠0,可得×2mv<mv2
4、,解得vB<v,故只有A項(xiàng)正確。
答案 A
5.(xx·運(yùn)城模擬)如圖所示,在光滑的水平面上有一物體M,物體上有一光滑的半圓弧軌道,最低點(diǎn)為C,兩端A、B一樣高?,F(xiàn)讓小滑塊m從A點(diǎn)靜止下滑,則( )
A.m不能到達(dá)小車上的B點(diǎn)
B.m從A到C的過程中M向左運(yùn)動(dòng),m從C到B的過程中M向右運(yùn)動(dòng)
C.m從A到B的過程中小車一直向左運(yùn)動(dòng),m到達(dá)B的瞬間,M速度為零
D.M與m組成的系統(tǒng)機(jī)械能守恒,動(dòng)量守恒
解析 M和m組成的系統(tǒng)水平方向動(dòng)量守恒,機(jī)械能守恒所以m恰能達(dá)到小車上的B點(diǎn),到達(dá)B點(diǎn)時(shí)小車與滑塊的速度都是0,故A錯(cuò)誤;M和m組成的系統(tǒng)水平方向動(dòng)量守恒,m從A到C的過程中以及
5、m從C到B的過程中m一直向右運(yùn)動(dòng),所以M一直向左運(yùn)動(dòng),m到達(dá)B的瞬間,M與m速度都為零,故B錯(cuò)誤,C正確;小滑塊m從A點(diǎn)靜止下滑,物體M與滑塊m組成的系統(tǒng)水平方向所受合力為零,系統(tǒng)水平方向動(dòng)量守恒,豎直方向有加速度,合力不為零,所以系統(tǒng)動(dòng)量不守恒,M和m組成的系統(tǒng)機(jī)械能守恒,故D錯(cuò)誤。
答案 C
6.一彈丸在飛行到距離地面5 m高時(shí)僅有水平速度v=2 m/s,爆炸成為甲、乙兩塊水平飛出,甲、乙的質(zhì)量比為3∶1。不計(jì)質(zhì)量損失,取重力加速度g=10 m/s2,則下列圖中兩塊彈片飛行的軌跡可能正確的是( )
解析 彈丸爆炸過程遵守動(dòng)量守恒,若爆炸后甲、乙同向飛出,則有mv=mv甲+mv乙
6、?、伲蝗舯ê蠹住⒁曳聪蝻w出,則有mv=mv甲-mv乙 ②;或mv=-mv甲+mv乙 ③;爆炸后甲、乙從同一高度做平拋運(yùn)動(dòng),由選項(xiàng)A中圖可知,爆炸后甲、乙向相反方向飛出,下落時(shí)間t= = s=1 s,速度分別為v甲== m/s=2.5 m/s,v乙== m/s=0.5 m/s,代入②式不成立,A項(xiàng)錯(cuò)誤;同理,可求出選項(xiàng)B、C、D中甲、乙的速度,分別代入①式、②式、③式可知,只有B項(xiàng)正確。
答案 B
7.(xx·蘇州模擬)A、B兩球之間壓縮一根輕彈簧,靜置于光滑水平桌面上,已知A、B兩球質(zhì)量分別為2m和m。當(dāng)用板擋住A球而只釋放B球時(shí),B球被彈出落于距桌邊距離為x的水平地面上,如圖所示。若用
7、同樣的程度壓縮彈簧,取走A左邊的擋板,將A、B同時(shí)釋放,則B球的落地點(diǎn)距離桌邊距離為( )
A. B.x
C.x D.x
解析 當(dāng)用板擋住小球A而只釋放B球時(shí),根據(jù)能量守恒有:Ep=mv,根據(jù)平拋運(yùn)動(dòng)規(guī)律有:x=v0t。當(dāng)用同樣的程度壓縮彈簧,取走A左邊的擋板,將A、B
同時(shí)釋放,設(shè)A、B的速度分別為vA和vB,則根據(jù)動(dòng)量守恒和能量守恒有:2mvA-mvB=0,Ep=×2mv+mv,解得vB=v0,B球的落地點(diǎn)距桌邊距離為x′=vBt=x,D選項(xiàng)正確。
答案 D
8.(多選)質(zhì)量為M、內(nèi)壁間距為L的箱子靜止于光滑的水平面上,箱子中間有一質(zhì)量為m的小物塊,小物塊與箱子底板間
8、的動(dòng)摩擦因數(shù)為μ。初始時(shí)小物塊停在箱子的正中間,如圖所示?,F(xiàn)給小物塊一水平向右的初速度v,小物塊與箱壁碰撞N次后恰又回到箱子正中間,并與箱子保持相對(duì)靜止。設(shè)碰撞都是彈性的,在整個(gè)過程中,系統(tǒng)損失的動(dòng)能為( )
A.mv2 B.v2
C.NμmgL D.NμmgL
解析 由于水平面光滑,箱子和小物塊組成的系統(tǒng)動(dòng)量守恒,二者經(jīng)多次碰撞后,保持相對(duì)靜止,易判斷兩物體最終速度相等設(shè)為u,由動(dòng)量守恒定律得mv=(m+M)u,系統(tǒng)損失的動(dòng)能為mv2-(m+M)u2=v2,B正確;系統(tǒng)損失的動(dòng)能等于克服摩擦力做的功,即ΔEk=-Wf=NμmgL,D正確。
答案 BD
B組·能力提升題
9、9.(xx·山西模擬)一個(gè)人在地面上立定跳遠(yuǎn)最好成績是s。假設(shè)他站在靜止于地面的小車的A端(車與地面的摩擦不計(jì)),如圖所示,他欲從A端跳上L遠(yuǎn)處的站臺(tái)上,則( )
A.只要L<s,他一定能跳上站臺(tái)
B.只要L<s,他有可能跳上站臺(tái)
C.只要L=s,他一定能跳上站臺(tái)
D.只要L=s,他有可能跳上站臺(tái)
解析 當(dāng)人往站臺(tái)上跳的時(shí)候,人有一個(gè)向站臺(tái)的速度,由于動(dòng)量守恒,車子必然有一個(gè)離開站臺(tái)的速度,這樣的話,人相對(duì)于地面的速度小于之前的初速度,所以L=s或L>s,人就一定跳不到站臺(tái)上了,L
10、質(zhì)量為60 kg,在軍事訓(xùn)練中要求他從岸上以大小為2 m/s的速度跳到一條向他緩緩飄來的小船上,然后去執(zhí)行任務(wù),小船的質(zhì)量是140 kg,原來的速度大小是0.5 m/s,該同學(xué)上船后又跑了幾步,最終停在船上。(忽略水的阻力)則( )
A.人和小船最終靜止在水面上
B.該過程同學(xué)的動(dòng)量變化量為105 kg·m/s
C.船最終的速度是0.95 m/s
D.船的動(dòng)量變化量是70 kg·m/s
解析 由題意,水的阻力忽略不計(jì),該同學(xué)跳上小船后與小船達(dá)到同一速度的過程,人和船組成的系統(tǒng)合外力為零,系統(tǒng)的動(dòng)量守恒,則由動(dòng)量守恒定律得:
m人v人-m船v船=(m人+m船)v,
代入數(shù)據(jù)解得:
11、v=0.25 m/s,方向與人的速度方向相同,故A錯(cuò)誤,C錯(cuò)誤;人的動(dòng)量的變化Δp為:
Δp=m人v-m人v人=60×(0.25-2)kg·m/s=-105 kg·m/s,負(fù)號(hào)表示方向與選擇的正方向相反,故B正確;船的動(dòng)量變化量為:Δp′=m船v-m船v船=140×kg·m/s=105kg·m/s,故D錯(cuò)誤。
答案 B
11.在光滑的水平面上,有a、b兩球,其質(zhì)量分別為ma、mb,兩球在t0時(shí)刻發(fā)生正碰,并且在碰撞過程中無機(jī)械能損失,兩球在碰撞前后的速度圖象如圖所示,下列關(guān)系正確的是( )
A.ma>mb B.ma<mb
C.ma=mb D.無法判斷
解析 由題
12、圖可知b球碰前靜止,取a球碰前速度方向?yàn)檎较?,設(shè)a球碰前速度為v0,碰后速度為v1,b球碰后速度為v2,兩球碰撞過程中動(dòng)量守恒,機(jī)械能守恒,則
mav0=mav1+mbv2 ①
mav=mav+mbv?、?
聯(lián)立①②得:
v1=v0,v2=v0
由a球碰撞前后速度方向相反,可知v1<0,即ma<mb,故B正確。
答案 B
12.如圖所示,光滑水平面上有一質(zhì)量為m=1 kg的小車,小車右端固定一水平輕質(zhì)彈簧,彈簧左端連接一質(zhì)量為m0=1 kg的物塊,物塊與上表面光滑的小車一起以v0=6 m/s的速度向右勻速運(yùn)動(dòng),與靜止在光滑水平面上、質(zhì)量為M=4 kg的小球發(fā)生正碰,碰后小球的速度
13、為2 m/s,若碰撞時(shí)間極短,彈簧始終在彈性限度內(nèi)。求:
(1)小車與小球碰撞過程系統(tǒng)損失的機(jī)械能;
(2)從碰后瞬間到彈簧最短的過程,彈簧彈力對(duì)小車的沖量大小。
解析 (1)設(shè)碰撞后瞬間小車的速度大小為v1,有
mv0=Mv+mv1
解得v1=-2 m/s,說明碰撞后小車向左運(yùn)動(dòng)
則小車與小球碰撞過程損失的機(jī)械能為
ΔE=mv-mv-Mv2
解得ΔE=8 J
(2)當(dāng)彈簧被壓縮到最短時(shí),設(shè)小車的速度大小為v2,根據(jù)動(dòng)量守恒定律有m0v0+mv1=(m0+m)v2
解得v2=2 m/s
設(shè)碰撞后瞬間到彈簧最短的過程,彈簧彈力對(duì)小車的沖量大小為I,根據(jù)動(dòng)量定理有
I=
14、mv2-mv1
解得I=4 N·s
答案 (1)8 J (2)4 N·s
13.(xx·南昌模擬)如圖所示,質(zhì)量為m1=3 kg的二分之一光滑圓弧形軌道ABC與一質(zhì)量為m2=1 kg的物塊P緊靠著(不粘連)靜置于光滑水平面上,B為半圓軌道的最低點(diǎn),AC為軌道的水平直徑,軌道半徑R=0.3 m 。一質(zhì)量為m3 =2 kg的小球(可視為質(zhì)點(diǎn))從圓弧軌道的A處由靜止釋放,g取10 m/s2,求:
(1)小球第一次滑到B點(diǎn)時(shí)的速度v1;
(2)小球第一次經(jīng)過B點(diǎn)后,相對(duì)B能上升的最大高度h。
解析 (1)設(shè)小球第一次滑到B點(diǎn)時(shí)的速度為v1,軌道和P的速度為v2,取水平向左為正方向,由水
15、平方向動(dòng)量守恒有
(m1+m2)v2+m3v1=0
根據(jù)系統(tǒng)機(jī)械能守恒
m3gR=(m1+m2)v+m3v
聯(lián)立解得v1=-2 m/s,方向向右;v2=1 m/s,方向向左
(2)小球經(jīng)過B點(diǎn)后,物塊P與軌道分離,小球與軌道水平方向動(dòng)量守恒,且小球上升到最高點(diǎn)時(shí)與軌道共速,設(shè)為v,則有:m1v2+m3v1=(m1+m3)v
解得v=-0.2 m/s,方向向右
由機(jī)械能守恒
m1v+m3v=(m1+m3)v2+m3gh
解得h=0.27 m
答案 (1)2 m/s,方向向右 (2)0.27 m
14.(xx·安徽階段測試)有三塊質(zhì)量和形狀都相同的平板A、B、C,其中板A放在
16、板B上且兩端對(duì)齊,兩板作為整體一起以速度v0沿光滑水平面滑動(dòng),并與正前方的板C發(fā)生碰撞,B與C發(fā)生碰撞后粘在一起,當(dāng)板A從板B全部移到板C上后,由于摩擦,A相對(duì)C靜止且恰好兩端對(duì)齊。板A與板C間的動(dòng)摩擦因數(shù)為μ,板A和板B間的摩擦忽略不計(jì)。求:
(1)A相對(duì)C靜止時(shí)系統(tǒng)的速度大小;
(2)板的長度l。
解析 本題考查動(dòng)量守恒、能量守恒及相關(guān)知識(shí)點(diǎn),意在考查考生解決實(shí)際問題的能力。
設(shè)每塊板的質(zhì)量都為m。
(1)以板A、B、C為一個(gè)系統(tǒng)進(jìn)行研究,全過程動(dòng)量守恒,有
2mv0=3mv2
解得v2=
(2)B、C發(fā)生完全非彈性碰撞,有mv0=2mv1
解得v1=
根據(jù)能量守恒定律,有
+=+Wf
解得Wf=
A在C上滑動(dòng)時(shí)摩擦力按線性關(guān)系增大,所以做功大小為
Wf=
解得l=
答案 (1) (2)l=