高中數(shù)學(xué)《空間中的垂直關(guān)系》同步練習(xí)2 新人教B版必修2

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1、《空間中的垂直關(guān)系》專(zhuān)題訓(xùn)練 1．如圖1所示，已知正方體ABCD—A1B1C1D1中，E、F、G、H、L、M、N分別為A1D1，A1B1，BC，CD，DA，DE，CL的中點(diǎn)，求證：EF⊥GF。 A B C D E A1 B1 C1 O F 2．如圖，在直三棱柱ABC－A1B1C1中，AB＝BC，D、E分別為BB1、AC1的中點(diǎn)，證明：ED為異面直線BB1與AC1的公垂線。 3．（1）如圖，ABCD—A1B1C1D1是正四棱柱，求證：BD⊥平面ACC1A1。 （2）如圖，在五面體ABCDEF中，點(diǎn)O是矩形ABCD的對(duì)角線的交點(diǎn)， 面CDE 是等

2、邊三角形，棱。 （I）證明平面； （II）設(shè)證明平面。 4．如圖，直三棱柱ABC—A1B1C1 中，AC ＝BC ＝1，∠ACB ＝90°，AA1 ＝，D 是 A1B1 中點(diǎn)．（1）求證C1D ⊥平面A1B ；（2）當(dāng)點(diǎn)F 在BB1 上什么位置時(shí)，會(huì)使 得AB1 ⊥平面C1DF ？并證明你的結(jié)論。 5．如圖，△ABC 為正三角形，EC ⊥平面ABC ，BD ∥CE ，CE ＝CA ＝2 BD ，M 是EA 的中點(diǎn)，求證：（1）DE ＝DA ；（2）平面BDM ⊥平面ECA ；（3）平面DEA ⊥平面ECA。 6．如圖所示，正四棱柱ABCD—A1B1C1D1中，底面邊長(zhǎng)為2，側(cè)

3、棱長(zhǎng)為4.E，F(xiàn)分別為棱AB，BC的中點(diǎn)，EF∩BD=G。 （Ⅰ）求證：平面B1EF⊥平面BDD1B1； （Ⅱ）求點(diǎn)D1到平面B1EF的距離d； （Ⅲ）求三棱錐B1—EFD1的體積V。 7．（1）如圖，正方形所在平面，過(guò)作與垂直的平面分別交、、于、K、，求證：、分別是點(diǎn)在直線和上的射影． （2）如圖，在棱長(zhǎng)為1的正方體中，是側(cè)棱上的一點(diǎn)，。 （Ⅰ）試確定，使直線與平面所成角的正切值為； （Ⅱ）在線段上是否存在一個(gè)定點(diǎn)Q，使得對(duì)任意的，D1Q在平面上的射影垂直于，并證明你的結(jié)論。 8．如圖1所示，已知A1

4、B1C1—ABC是正三棱柱，D是AC的中點(diǎn)。 （1）證明AB1∥DBC1； （2）假設(shè)AB1⊥BC1，BC=2。 求線段AB1在側(cè)面B1BCC1上的射影長(zhǎng)。 9．已知是邊長(zhǎng)為的正三角形所在平面外一點(diǎn)， ，求異面直線與的距離。 A B C D E F G H 10．如圖，在空間四邊形中，、、、分別是邊、、 、的中點(diǎn)，對(duì)角線且它們所成的角為。 ⑴求證：，⑵求四邊形的面積。 11．如圖（1）所示，E、F分別為正方體的面ADD1A1、面BCC1B1的中心，則四邊形BFD1E在該正方體的面上的射影可能是圖（2）的 （要求：把可能的圖的序號(hào)都填上

5、） 圖（1） 圖（2） （2）命題A：底面為正三角形，且頂點(diǎn)在底面的射影為底面中心的三棱錐是正三棱錐。 命題A的等價(jià)命題B可以是：底面為正三角形，且 的三棱錐是正三棱錐。 12．α、β是兩個(gè)不同的平面，m、n是平面α及β之外的兩條不同直線.給出四個(gè)論斷： ①m⊥n ②α⊥β ③n⊥β ④m⊥α 以其中三個(gè)論斷作為條件，余下一個(gè)論斷作為結(jié)論，寫(xiě)出你認(rèn)為正確的一個(gè)命題： 。 答案：m⊥α，n⊥β，α⊥βm⊥n或m⊥n，m⊥α，n⊥βα⊥β 《空間中的垂直關(guān)系》答案 1． 證明：如圖2，作G

6、Q⊥B1C1于Q，連接FQ，則GQ⊥平面A1B1C1D1，且Q為B1C1的中點(diǎn)。 在正方形A1B1C1D1中，由E、F、Q分別為A1D1、A1B1、B1C1的中點(diǎn)可證明EF⊥FQ， 由三垂線定理得EF⊥GF。 2．證明：設(shè)O為AC中點(diǎn)，連接EO，BO，則EOC1C，又C1CB1B，所以EODB， A B C D E A1 B1 C1 O F EOBD為平行四邊形，ED∥OB。 ∵AB＝BC，∴BO⊥AC， 又平面ABC⊥平面ACC1A1，BOì面ABC，故BO⊥平面ACC1A1， ∴ED⊥平面ACC1A1，BD⊥AC1，ED⊥CC1， ∴ED⊥BB1，ED為

7、異面直線AC1與BB1的公垂線。 點(diǎn)評(píng)：該題考點(diǎn)多，具有一定深度，但入手不難，逐漸加深，邏輯推理增強(qiáng)。 3． 證明：（1）∵ABCD—A1B1C1D1是正四棱柱， ∴CC1⊥平面ADCD, ∴BD⊥CC1 ∵ABCD是正方形 ∴BD⊥AC 又∵AC，CC1平面ACC1A1, 且AC∩CC1=C, ∴BD⊥平面ACC1A1。 （2）證明： （I）取CD中點(diǎn)M，連結(jié)OM。 在矩形ABCD中， 又 則連結(jié)EM，于是四邊形EFOM為平行四邊形。 又平面CDE，且平面CDE， 平面CDE。 （II）連結(jié)FM。 由（I）和已知條件，在等邊中， 且

8、 因此平行四邊形EFOM為菱形，從而。 平面EOM，從而 而所以平面 4． 分析：（1）由于C1D 所在平面A1B1C1 垂直平面A1B ，只要證明C1D 垂直交線A1B1 ，由直線與平面垂直判定定理可得C1D ⊥平面A1B。 （2）由（1）得C1D ⊥AB1 ，只要過(guò)D 作AB1 的垂線，它與BB1 的交點(diǎn)即為所求的F 點(diǎn)位置。 （1）證明：如圖，∵ ABC—A1B1C1 是直三棱柱， ∴ A1C1 ＝B1C1 ＝1，且∠A1C1B1 ＝90°。 又 D 是A1B1 的中點(diǎn)，∴ C1D ⊥A1B1 。 ∵ AA1 ⊥平面A1B1C1 ，C1D 平面A1B1C

9、1 ， ∴ AA1 ⊥C1D ，∴ C1D ⊥平面AA1B1B。 （2）解：作DE ⊥AB1 交AB1 于E ，延長(zhǎng)DE 交BB1 于F ，連結(jié)C1F ，則AB1 ⊥平面C1DF ，點(diǎn)F 即為所求。 事實(shí)上，∵ C1D ⊥平面AA1BB ，AB1 平面AA1B1B ， ∴ C1D ⊥AB1 ．又AB1 ⊥DF ，DF C1D ＝D ， ∴ AB1 ⊥平面C1DF 。 5． 證明：（1）如圖，取EC 中點(diǎn)F ，連結(jié)DF。 ∵ EC ⊥平面ABC ，BD ∥CE ，得DB ⊥平面ABC 。 ∴ DB ⊥AB ，EC ⊥BC。 ∵ BD ∥CE ，BD ＝CE

10、＝FC ，則四邊形FCBD 是矩形，DF ⊥EC。 又BA ＝BC ＝DF ， ∴ Rt△DEF ≌Rt△ABD ，所以DE ＝DA。 （2）取AC 中點(diǎn)N ，連結(jié)MN 、NB ， ∵ M 是EA 的中點(diǎn)， ∴ MN EC。 由BD EC ，且BD ⊥平面ABC ，可得四邊形MNBD 是矩形，于是DM ⊥MN。 ∵ DE ＝DA ，M 是EA 的中點(diǎn)， ∴ DM ⊥EA ．又EA MN ＝M ， ∴ DM ⊥平面ECA ，而DM 平面BDM ，則平面ECA ⊥平面BDM。 （3）∵ DM ⊥平面ECA ，DM 平面DEA ， ∴ 平面DEA ⊥平面ECA。

11、 6． （Ⅰ）證法一：連接AC。 ∵正四棱柱ABCD—A1B1C1D1的底面是正方形。 ∴AC⊥BD，又AC⊥D1D，故AC⊥平面BDD1B1 ∵E，F(xiàn)分別為AB，BC的中點(diǎn)，故EF∥AC，∴EF⊥平面BDD1B1 ∴平面B1EF⊥平面BDD1B1。 證法二：∵BE=BF，∠EBD=∠FBD=45°，∴EF⊥BD. ∴平面B1EF⊥平面BDD1B1。 （Ⅱ）解：在對(duì)角面BDD1B1中，作D1H⊥B1G，垂足為H ∵平面B1EF⊥平面BDD1B1，且平面B1EF∩平面BDD1B1=B1G， ∴D1H⊥平面B1EF，且垂足為H，∴點(diǎn)D1到平面B1EF的距離d=D1H。 解

12、法一：在Rt△D1HB1中，D1H=D1B1·sinD1B1H， ∵D1B1=A1B1=4， sinD1B1H=sinB1GB=， ∴d=D1H=4· 解法二：∵△D1HB∽△B1BG，∴ ∴d=D1H=。 圖 解法三：如圖所示，連接D1G，則三角形D1GB1的面積等于正方形DBB1D1面積的一半.即B1G·D1H=BB12。 ∴d=。 （Ⅲ）·d·. 7． 證明：∵ 面，∴ ， ∵ 為正方形，∴ ， ∵ 與相交，∴ 面，面， ∴ ． 由已知面，且面， ∴ ， ∵ ，∴　面，面，∴ ， 即 為點(diǎn)在直線上的射影， 同理可證得為點(diǎn)在直線上的射影。

13、 （2） 解法1：（Ⅰ）連AC，設(shè)AC與BD相交于點(diǎn)O,AP與平面相交于點(diǎn)，連結(jié)OG， 因?yàn)镻C∥平面，平面∩平面APC＝OG， 故OG∥PC，所以O(shè)G＝PC＝。 又AO⊥BD,AO⊥BB1，所以AO⊥平面， 故∠AGO是AP與平面所成的角。 在Rt△AOG中，tanAGO＝，即m＝。 所以，當(dāng)m＝時(shí)，直線AP與平面所成的角的正切值為。 （Ⅱ）可以推測(cè)，點(diǎn)Q應(yīng)當(dāng)是AICI的中點(diǎn)O1， 因?yàn)镈1O1⊥A1C1, 且 D1O1⊥A1A ，所以 D1O1⊥平面ACC1A1， 又AP平面ACC1A1，故 D1O1⊥AP。 那么

14、根據(jù)三垂線定理知，D1O1在平面APD1的射影與AP垂直。 8． 證明：（1）如圖2所示，∵A1B1C1—ABC是正三棱柱， ∴四邊形B1BCC1是矩形。 連結(jié)B1C，交BC1于E，則BE=EC。 連結(jié)DE，在△AB1C中，∵AD=DC， ∴DE∥AB1，又因?yàn)锳B1平面DBC1，DE平面DBC1，∴AB1∥平面DBC1。 （2）作AF⊥BC，垂足為F。因?yàn)槊鍭BC⊥面B1BCC1， ∴AF⊥平面B1BCC1。連結(jié)B1F，則B1F是AB1在平面B1BCC1內(nèi)的射影。 ∵BC1⊥AB1，∴BC1⊥B1F。 ∵四邊形B1BCC1是矩形，∴∠B1BF=∠BCC1=90°

15、，又∠FB1B=∠C1BC，∴△B1BF∽△BCC1，則==。 又F為正三角形ABC的BC邊中點(diǎn)，因而B(niǎo)1B2=BF·BC=1×2=2。 于是B1F2=B1B2+BF2=3，∴B1F=，即線段AB1在平面B1BCC1內(nèi)的射影長(zhǎng)為。 9． F C A B D E F C A B D E F C A B D E 圖⑴ 圖⑵ 圖⑶ 解析：分別取、 中點(diǎn)、，連 結(jié)（圖⑴）。 連結(jié)、（圖 ⑵） ∵， 為公共邊，， ∴≌ ∴ ∵點(diǎn)為中點(diǎn) ∴ 同理：（圖⑶） 又，， ∴即為異面直線與的公垂線段 如圖⑵，在中，，，， ∴

16、∴異面直線與的距離。 點(diǎn)評(píng)：求異面直線的距離，必須先找到兩條異面直線的公垂線段。 10． A B C D E F G H 解析：⑴在中，、分別是邊、的中點(diǎn)，∴∥， 在中，、分別是邊、的中點(diǎn)，∴∥， ∴∥且， 同理：∥且， ∵，∴， ∴四邊形為菱形，∴。 ⑵∵∥，∥， ∴（或的補(bǔ)角）即為異面直線與所成的角， 由已知得：（或）， ∴四邊形的面積為：。 11． 圖（1） 圖（2） 答案：②③ 解析：∵面BFD1E⊥面ADD1A1，所以四邊形BFD1E在面ADD1A1上的射影是③，同理，在面BCC1B1上的射影也是③。 過(guò)E、F分別作DD1和CC1的垂線，可得四邊形BFD1E在面DCC1D1上的射影是②，同理在面ABB1A1，面ABCD和面A1B1C1D1上的射影也是②。 （2） 解析：要使命題B與命題A等價(jià)，則只需保證頂點(diǎn)在底面上的射影S是底面正三角形的外心即可，因此，據(jù)射影定理，得側(cè)棱長(zhǎng)相等。 12． 答案：m⊥α，n⊥β，α⊥βm⊥n或m⊥n，m⊥α，n⊥βα⊥β