高考物理三輪沖刺 高考題型一 押題練1（含解析）-人教版高三全冊物理試題

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1、押題練1 14.(2019天津摸底)下列說法正確的是(　　) A.玻爾原子理論能夠解釋所有原子光譜現(xiàn)象 B.γ射線的穿透本領(lǐng)比β射線弱 C.92238U衰變成?82206Pb要經(jīng)過8次β衰變和6次α衰變 D.在原子核中,比結(jié)合能越大表示原子核中的核子結(jié)合得越牢固 15.(2019河北衡水質(zhì)檢)如圖甲所示,一質(zhì)量為m的物塊在t=0時刻,以初速度v0從足夠長、傾角為θ的粗糙斜面底端向上滑行,物塊速度隨時間變化的圖象如圖乙所示。t0時刻物塊到達最高點,3t0時刻物塊又返回底端。下列說法正確的是(　　) A.物塊從開始運動到返回底端的過程中重力的沖量為3mgt0·cos θ B.物

2、塊從t=0時刻開始運動到返回底端的過程中動量的變化量為32mv0 C.斜面傾角θ的正弦值為5v08gt0 D.不能求出3t0時間內(nèi)物塊克服摩擦力所做的功 16.(2019江西臨川一中調(diào)研)某人造地球衛(wèi)星繞地球的運動軌跡為橢圓,地球位于橢圓的一個焦點上,已知衛(wèi)星在近地點的速率為v1、加速度大小為a1、到地心距離為r1,衛(wèi)星在遠地點的速率為v2、加速度大小為a2、到地心距離為r2;則(　　) A.a1v12 C.a2r2>v22 D.a1r1=v12 17.(2019河北衡水中學模擬)如圖甲所示,在勻強電場中,虛線為電場線,與Ox軸成θ=37°角,Ox軸上有a、b

3、、c三點,Oa=bc=12ab=2 cm,Ox軸上各點的電勢φ的變化規(guī)律如圖乙所示。取sin 37°=0.6,cos 37°=0.8。下列說法正確的是(　　) A.電場線方向斜向上 B.電場強度大小為800 V/m C.c點的電勢為16 V D.電子在a點的電勢能為-32 eV 18. 如圖所示,abcd為一閉合矩形金屬線圈,已知ab長為L1,bc長為L2,內(nèi)阻為R。圖中虛線O1O2為磁場右邊界,它與線圈的ab邊平行,等分bc邊,即線圈有一半位于勻強磁場之中,而另一半位于磁場之外。磁場方向垂直于線圈平面向里。甲情況是讓線圈以ab邊為軸以角速度ω勻速轉(zhuǎn)動;乙情況是讓線圈以O(shè)1

4、O2為軸以角速度ω勻速轉(zhuǎn)動。下列判斷正確的是(　　) A.甲、乙兩情況所產(chǎn)生的交變電流的最大值相等 B.甲情況所產(chǎn)生的交變電流的最大值是乙情況所產(chǎn)生的交變電流最大值的兩倍 C.甲、乙兩情況所產(chǎn)生的交變電流的有效值相等 D.甲情況所產(chǎn)生的交變電流的有效值是乙情況所產(chǎn)生的交變電流有效值的兩倍 19. (多選)(2019山西名校聯(lián)考)如圖所示,理想變壓器原、副線圈的匝數(shù)比n1∶n2=2∶1,輸入端接在u=302sin 100πt(V)的交流電源上,R1為電阻箱,副線圈連在電路中的電阻R=10 Ω,電表均為理想電表。下列說法正確的是(　　) A.當R1=0時,電壓表的讀數(shù)為30 V

5、 B.當R1=0時,若將電流表換成規(guī)格為“5 V　5 W”的燈泡,燈泡能夠正常發(fā)光 C.當R1=10 Ω時,電流表的讀數(shù)為1.2 A D.當R1=10 Ω時,電壓表的讀數(shù)為6 V 20. (多選)如圖為一圓形區(qū)域,O為圓心,半徑為R,P為邊界上的一點。區(qū)域內(nèi)有垂直于紙面的勻強磁場(圖中未畫出),磁感應(yīng)強度大小為B,電荷量均為q、質(zhì)量均為m的相同帶電粒子a、b(不計重力)從P點先后以大小相同的速度射入磁場,粒子a正對圓心射入,粒子b射入磁場時的速度方向與粒子a射入時的速度方向成θ角,已知它們在磁場中運動的時間之比為1∶2,離開磁場的位置相同,下列說法正確的是(　　) A.θ=60°

6、 B.θ=30° C.粒子的速度大小為3qBRm D.粒子的速度大小為3qBR3m 21. (多選)(2019山東淄博統(tǒng)考)如圖所示,一固定光滑斜面與水平面間的夾角為θ,輕質(zhì)彈簧的一端固定在斜面底端的擋板上,另一端與斜面上質(zhì)量為m的物塊連接。開始時用手拉住物塊使彈簧伸長x1,放手后物塊由靜止開始下滑,到達最低點時彈簧壓縮了x2,重力加速度為g。則在物塊下滑到最低點的過程中(　　) A.物塊的加速度先減小后增大 B.物塊重力做功的功率先減小后增大 C.彈簧的彈性勢能變化了mg(x1+x2)sin θ D.物塊重力勢能與彈簧彈性勢能之和保持不變 押題練1 14.D　解

7、析 玻爾原子理論只能解釋氫原子光譜,不能夠解釋所有原子光譜現(xiàn)象,選項A錯誤;γ射線的穿透本領(lǐng)比β射線強,選項B錯誤;92238U衰變成?82206Pb,α衰變一次質(zhì)量數(shù)減少4個,次數(shù)n=238-2064=8,β衰變的次數(shù)為n=8×2+82-92=6,要經(jīng)過8次α衰變和6次β衰變,故C錯誤;在原子核中,比結(jié)合能越大表示原子核中的核子結(jié)合得越牢固,選項D正確。 15.C　解析 物塊從開始運動到返回底端的過程中重力的沖量IG=3mgt0,A錯誤;上滑過程中物塊做初速度為v0的勻減速直線運動,下滑過程中做初速度為零,末速度為v的勻加速直線運動,上滑和下滑的位移大小相等,所以有v02t0=v2·2t0

8、,解得v=v02,物塊從開始運動到返回底端過程中動量的變化量為Δp=-mv-mv0=-32mv0,B錯誤;上滑過程中有-(mgsinθ+μmgcosθ)·t0=0-mv0,下滑過程中有(mgsinθ-μmgcosθ)2t0=mv02,解得sinθ=5v08gt0,C正確;根據(jù)圖象可求出物塊上升的最大位移,由動能定理可求出整個過程中摩擦力所做的功,故D錯誤。 16.C　解析 根據(jù)a=GMr2,因r1a2,選項A錯誤;若在近地點處以r1為半徑做圓周運動,則a1=v2r1,有a1r1=v2;而衛(wèi)星做橢圓運動,在近地點的速度v1>v,所以a1r1v22,故

9、B、D錯誤,C正確。 17.D　解析 由題圖乙知,沿Ox方向電勢降低,結(jié)合“沿電場線方向電勢逐漸降低”知,電場線方向斜向下,A錯誤;Ob=6cm,O、b兩點間的電勢差U=48V,由U=E·Obcosθ得E=1×103V/m,B錯誤;b點的電勢為零,c點的電勢為負值,C錯誤;a點的電勢φa=23×48V=32V,電子在a點的電勢能為-eφa=-32eV,D正確。 18.B　解析 交變電流最大值出現(xiàn)在線圈平面與磁場方向平行時,甲情況所產(chǎn)生交變電流的最大值E1m=BL1L2ω,乙情況所產(chǎn)生的交變電流的最大值E2m=12BL1L2ω,所以B正確,A錯誤;甲情況所產(chǎn)生交變電流的波形不是完整的正弦波,

10、每個周期有T3時間回路中沒有感應(yīng)電流,所以其有效值E1

11、,則次級電壓為12(30-5I)(V),則12(30-5I)=I×10,解得I=1.2A,此時電壓表讀數(shù)為12V,選項C正確,D錯誤。 20.AD　解析 由于粒子a、b運動的軌跡半徑相等,且出射點相同,作出帶電粒子a、b在磁場中運動的軌跡,如圖所示,可知四邊形PO2QO1為菱形,兩粒子在磁場中運動的時間之比為1∶2,則它們的運動軌跡所對的圓心角之比為1∶2,半徑相同的圓弧所對的弦相等意味著兩粒子運動時間之和為一個周期,根據(jù)幾何關(guān)系可知,粒子a運動軌跡對應(yīng)的圓心角為120°,粒子b運動軌跡對應(yīng)的圓心角為240°,可得圓心角之差為120°,所以θ=60°,A正確,B錯誤;在直角三角形OO1Q中,

12、∠OO1Q=60°,O1Q=r=33R,由r=mvqB可得,粒子的速度為3qBR3m,C錯誤,D正確。 21.AC　解析 物塊在下滑過程中,開始時由重力沿斜面的分力與彈簧拉力提供合外力,隨著物塊向下運動,彈簧彈力逐漸減小,加速度逐漸減小。當彈簧的彈力變?yōu)榉较蜓匦泵嫦蛏锨遗c重力沿斜面的分力大小相同時,物塊速度最大,加速度為零,然后彈力增大,加速度也增大,所以物塊的加速度先減小后增大,速度先增大后減小。由功率公式可得重力做功的功率P=mgvsinθ,物塊重力做功的功率先增大后減小,選項A正確,B錯誤;物塊由靜止下滑,物塊與彈簧組成的系統(tǒng)機械能守恒,初、末狀態(tài)物塊動能均為零,重力勢能減小mg(x1+x2)sinθ,根據(jù)機械能守恒定律,彈簧的彈性勢能變化了mg(x1+x2)sinθ,選項C正確;在物塊下滑到最低點的過程中,物塊的重力勢能和動能、彈簧彈性勢能之和保持不變,由于物塊的動能先增大后減小,所以物塊重力勢能與彈簧彈性勢能之和先減小后增大,選項D錯誤。