2019-2020年高考物理一輪復(fù)習(xí) 課時(shí)提升練5 力的合成與分解.doc

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2019-2020年高考物理一輪復(fù)習(xí) 課時(shí)提升練5 力的合成與分解 題組一　力的合成及應(yīng)用 1．三個(gè)共點(diǎn)力大小分別是F1、F2、F3，關(guān)于它們合力F的大小，下列說(shuō)法中正確的是(　　) A．F大小的取值范圍一定是0≤F≤F1＋F2＋F3 B．F至少比F1、F2、F3中的某一個(gè)大 C．若F1∶F2∶F3＝3∶6∶8，只要適當(dāng)調(diào)整它們之間的夾角，一定能使合力為零 D．若F1∶F2∶F3＝3∶6∶2，只要適當(dāng)調(diào)整它們之間的夾角，一定能使合力為零 【解析】　三個(gè)大小分別是F1、F2、F3的共點(diǎn)力合成后的最大值一定等于F1＋F2＋F3，但最小值不一定等于零，只有當(dāng)某一個(gè)力的大小在另外兩個(gè)力的大小的和與差之間時(shí)，這三個(gè)力的合力才可能為零，A、B、D錯(cuò)誤，C正確． 【答案】　C 2．如圖所示，F(xiàn)1、F2、F3恰好構(gòu)成封閉的直角三角形，這三個(gè)力的合力最大的是(　　) 【解析】　由矢量合成法則可知，A圖的合力為2F3，B圖的合力為0，C圖的合力為2F2，D圖的合力為2F3，因F2為直角三角形的斜邊，故這三個(gè)力的合力最大的為C圖． 【答案】　C 3.如圖2216所示，兩根等長(zhǎng)的輕繩將日光燈懸掛在天花板上，兩繩與豎直方向的夾角都為45，日光燈保持水平，所受重力為G，左右兩繩的拉力大小分別為(　　) 圖2216 A．G和G　　 B.G和G C.G和G D.G和G 【解析】　由對(duì)稱(chēng)性可知兩根繩的拉力大小相等，設(shè)為T(mén)，則對(duì)日光燈在豎直方向上有：2Tcos 45＝G，可得T＝G，即B正確． 【答案】　B 4．(xx廣州市模擬)如圖2217所示，細(xì)線a和b的一端分別固定在水平地面上，另一端系一個(gè)靜止在空氣中的氫氣球，細(xì)線與地面的夾角分別為30和60.若a、b受到的拉力分別為FTa和FTb，氫氣球受到的浮力為F，則(　　) 圖2217 A．FTa＞FTb B．FTa＜FTb C．F＝FTa D．F＜FTb 【解析】　對(duì)氣球受力分析，根據(jù)平衡條件的推論可知，兩拉力的合力與浮力和重力的合力等大反向，作平行四邊形如圖所示，根據(jù)大角對(duì)大邊得F－G＞FTb＞FTa，故B正確． 【答案】　B 題組二　力的分解及應(yīng)用 5. (多選)如圖2218所示，將力F分解為F1和F2兩個(gè)分力，已知F1的大小和F2與F之間的夾角α，且α為銳角，則(　　) 圖2217 A．當(dāng)F1＞Fsin α?xí)r，一定有兩解 B．當(dāng)F1＝Fsin α?xí)r，有唯一解 C．當(dāng)F1＜Fsin α?xí)r，無(wú)解 D．當(dāng)Fsin α＜F1＜F時(shí)，一定有兩解 【解析】　將一個(gè)力分解為兩個(gè)分力，由三角形定則知分力與合力可構(gòu)成封閉三角形．當(dāng)F1＜Fsin α?xí)r，三個(gè)力不能構(gòu)成封閉三角形，故不可能分解為這樣的一對(duì)分力F1和F2，選項(xiàng)C正確；當(dāng)F1＝Fsin α?xí)r，可構(gòu)成唯一一個(gè)直角三角形，選項(xiàng)B正確；當(dāng)Fsin α＜F1＜F時(shí)，F(xiàn)1、F2與F可構(gòu)成兩個(gè)矢量三角形，即有兩解，選項(xiàng)D正確；對(duì)于選項(xiàng)A，由于不能確定F1是否小于F，結(jié)合前面的分析知，選項(xiàng)A錯(cuò)誤． 【答案】　BCD 6．如圖2219所示，一傾角為30的光滑斜面固定在地面上，一質(zhì)量為m的小木塊在水平力F的作用下靜止在斜面上．若只改變F的方向不改變F的大小，仍使木塊靜止，則此時(shí)力F與水平面的夾角為(　　) 圖2219 A．60 B．45 C．30 D．15 【解析】　小木塊受重力mg、斜面支持力FN和外力F三個(gè)力的作用處于平衡狀態(tài)，三力合力為零，構(gòu)成首尾相接的矢量三角形，如圖所示，由對(duì)稱(chēng)性可知， 不改變?yōu)镕的大小只改變其方向，再次平衡時(shí)力F與水平方向成60角，故正確選項(xiàng)為A. 【答案】　A 7．如圖2220所示，輕質(zhì)工件通過(guò)輕質(zhì)桿與滑塊B連接，當(dāng)作用在滑塊B上的水平推力F＝100 N時(shí)，整個(gè)裝置靜止，此時(shí)α＝30.已知滑塊與水平面間的摩擦力不計(jì)，則工件上受到的壓力為(　　) 圖2220 A．100 N B．100 N C．50 N D．200 N 【解析】　對(duì)B受力分析如圖甲所示，則F2＝F/sin α＝2F，對(duì)上部分受力分析如圖乙所示，其中F＝F2，得FN＝Fcos α＝100 N，故B正確． 【答案】　B 8．在粗糙水平地面上與墻平行放著一個(gè)截面為半圓的柱狀物體A，A與豎直墻之間放一光滑圓球B，整個(gè)裝置處于靜止?fàn)顟B(tài)．現(xiàn)對(duì)B加一豎直向下的力F，F(xiàn)的作用線通過(guò)球心，設(shè)墻對(duì)B的作用力為F1，B對(duì)A的作用力為F2，地面對(duì)A的作用力為F3.若F緩慢增大而整個(gè)裝置仍保持靜止，截面如圖2221所示，在此過(guò)程中(　　) 圖2221 A．F1保持不變，F(xiàn)3緩慢增大 B．F1緩慢增大，F(xiàn)3保持不變 C．F2緩慢增大，F(xiàn)3緩慢增大 D．F2緩慢增大，F(xiàn)3保持不變 【解析】　對(duì)球B受力分析如圖所示，球B受到四個(gè)力作用且保持靜止，則θ不變，F(xiàn)2′cos θ＝F＋mg.若F緩慢增大，則F2′增大．F2′sin θ＝F1，若F2′緩慢增大，則F1增大．F2′＝F2，F(xiàn)2′增大，F(xiàn)2也增大．對(duì)于整體而言：地面對(duì)A的摩擦力Ff＝F1，地面對(duì)A的支持力FN＝F＋G總，所以Ff和FN均緩慢增大，所以F3緩慢增大，C對(duì)． 【答案】　C B組　深化訓(xùn)練——提升應(yīng)考能力 9．如圖2222所示，A、B都是重物，A被繞過(guò)小滑輪P的細(xì)線懸掛著，B放在粗糙的水平桌面上；小滑輪P被一根斜短線系于天花板上的O點(diǎn)；O′是三根線的結(jié)點(diǎn)，bO′水平拉著B(niǎo)物體，cO′沿豎直方向拉著彈簧；彈簧、細(xì)線、小滑輪的重力和細(xì)線與滑輪間的摩擦力均可忽略，整個(gè)裝置處于平衡靜止?fàn)顟B(tài)．若懸掛小滑輪的斜線OP的張力是20 N，g取10 m/s2，則下列說(shuō)法中錯(cuò)誤的是(　　) 圖2222 A．彈簧的彈力為10 N B．重物A的質(zhì)量為2 kg C．桌面對(duì)B物體的摩擦力為10 N D．OP與豎直方向的夾角為60 【解析】　O′a與aA兩線拉力的合力與OP線的張力大小相等．由幾何知識(shí)可知FO′a＝FaA＝20 N，且OP與豎直方向夾角為30，D不正確；重物A的重力GA＝FaA，所以mA＝2 kg，B正確；桌面對(duì)B的摩擦力Ff＝FO′b＝FO′acos 30＝10 N，C正確；彈簧的彈力F彈＝FO′asin 30＝10 N，故A正確． 【答案】　D 10．(多選)兩物體M、m用跨過(guò)光滑定滑輪的輕繩相連，如圖2223所示，OA、OB與水平面的夾角分別為30、60，物體M的重力大小為20 N，M、m均處于靜止?fàn)顟B(tài)，則(　　) 圖2223 A．繩OA上的拉力大小為10 N B．繩OB上的拉力大小為10 N C．m受到水平面的靜摩擦力大小為10 N D．m受到水平面的靜摩擦力的方向水平向左 【解析】　如圖所示，對(duì)O點(diǎn)分析，其受到輕繩的拉力分別為FA、FB、Mg，O點(diǎn)處于平衡狀態(tài)，則有FA＝＝10 N，F(xiàn)B＝Mg＝10 N，物體m受到輕繩向左的拉力為10 N，向右的拉力為10 N，處于靜止?fàn)顟B(tài)，故水平面對(duì)物體m的靜摩擦力水平向左，大小為(10－10) N，A、D選項(xiàng)正確． 【答案】　AD 11.如圖2224所示，球A重G1＝60 N，斜面體B重G2＝100 N，斜面傾角為30，一切摩擦均不計(jì)．則水平力F為多大時(shí)，才能使A、B均處于靜止?fàn)顟B(tài)？此時(shí)豎直墻壁和水平面受到的壓力各為多大？ 圖2224 【解析】　解法一　(隔離法)　分別對(duì)A、B進(jìn)行受力分析，建立直角坐標(biāo)系如圖甲、圖乙所示，由共點(diǎn)力平衡條件可得 對(duì)A有F2sin 30＝F1，F(xiàn)2cos 30＝G1 對(duì)B有F＝F2′sin 30，F(xiàn)3＝F2′cos 30＋G2 其中F2和F2′是一對(duì)相互作用力，即F2＝F2′ 代入數(shù)據(jù)，聯(lián)立解得F＝F1＝20 N，F(xiàn)3＝160 N 由牛頓第三定律可知，豎直墻壁和水平面受到的壓力分別為20 N、160 N. 解法二(整體法)　將A、B視為一個(gè)整體，該整體處于靜止?fàn)顟B(tài)，所受合力為零．對(duì)整體進(jìn)行受力分析如圖丙所示，由平衡條件得 F＝F1，F(xiàn)3＝G1＋G2＝160 N 再隔離B進(jìn)行受力分析如圖乙所示，由平衡條件可得 F＝F2′sin 30，F(xiàn)3＝F2′cos 30＋G2 聯(lián)立解得F2′＝40 N，F(xiàn)1＝F＝20 N 由牛頓第三定律可知，豎直墻壁和水平面受到的壓力分別為20 N、160 N. 【答案】　20 N、160 N 12. (xx貴陽(yáng)二中檢測(cè))質(zhì)量為M的木楔傾角為θ，在水平面上保持靜止，質(zhì)量為m的木塊剛好可以在木楔上表面上勻速下滑．現(xiàn)在用與木楔上表面成α角的力F拉著木塊勻速上滑，如圖2225所示，求： 圖2225 (1)當(dāng)α＝θ時(shí)，拉力F有最小值，求此最小值； (2)拉力F最小時(shí)，木楔對(duì)水平面的摩擦力． 【解析】　(1)木塊剛好可以沿木楔上表面勻速下滑，mgsin θ＝μmgcos θ，則μ＝tan θ， 用力F拉著木塊勻速上滑，受力分析如圖所示，F(xiàn)cos α＝mgsin θ＋Ff，F(xiàn)N＋Fsin α＝mgcos θ，F(xiàn)f＝μFN 解得，F(xiàn)＝. 當(dāng)α＝θ時(shí)，F(xiàn)有最小值，F(xiàn)min＝mgsin 2θ. (2)對(duì)木塊和木楔整體受力分析如圖所示，由平衡條件得，f＝Fcos(θ＋α)，當(dāng)拉力F最小時(shí)，f＝Fmincos 2θ＝mgsin 4θ. 【答案】　(1)mgsin 2θ　(2)mgsin 4θ