2019年高考物理一輪復習 全真精準模擬 第07周 第二練(大題特訓)(含解析).docx
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第七周 第二練 24.(14分) 如圖所示,兩光滑平行金屬導軌abcd、dcba,aa之間接一阻值為R的定值電阻,dd之間處于斷開狀態(tài),abba部分為處于水平面內,且ab=bb=ba=aa=L,bcdbcd部分為處于傾角為θ的斜面內,bc=cd=dd=dc=cb=bb=L。abba區(qū)域存在一豎直向下的磁場B1,其大小隨時間的變化規(guī)律為B1=kt(k為大于零的常數(shù));cddc區(qū)域存在一垂直于斜面向上的大小恒為B2的磁場。一阻值為r、質量為m的導體棒MN垂直于導軌從bb處由靜止釋放。不計導軌的電阻,重力加速度為g。求: (1)導體棒MN到達cc前瞬間,電阻R上消耗的電功率; (2)導體棒MN從bb到達cc的過程中,通過電阻R的電荷量; (3)若導體棒MN到達cc立即減速,到達dd時合力恰好為零,求導體棒MN從cc到dd運動的時間。 【答案】(1)k2L4RR+r2(2)q=kL2R+r2Lgsinθ(3)t=mR+rv-v+B22L3kB2L3-mgR+rsinθ(式中v=2gLsinθ,v=B2kL3+mgR+rsinθB22L2 【解析】 【詳解】 (1)因磁場B1隨時間的變化規(guī)律為B1=kt,所以ΔBΔt=k, abba所組成回路產(chǎn)生的感應電動勢E=ΔφΔt=L2???ΔBΔt=kL2 流過電阻R的電流I=ER+r 電阻R消耗的功率PR=I2R 聯(lián)立以上各式求得PR=k2L4RR+r2 (2)電阻R的電荷量q=It I=I=kL2R+r 根據(jù)牛頓第二定律mgsinθ=ma 導體棒從MN從bb到達cc中,通過的位移L=12at2 聯(lián)立解得q=kL2R+r2Lgsinθ (3)根據(jù)(2)問,求得導體棒到達cc時的速度 v=2gLsinθ 到達dd時合力為0,則B2LB2Lv-kL2R+r=mgsinθ 解得:v=B2kL3+mgR+rsinθB22L2 導體棒MN從cc到達dd過程中,運用動量定理 B2ILt-mgtsinθ=-mv--mv 從cc到達dd過程中,流過導體棒MN的電荷量 q=It q=kL2R+rt-B2L2R+r 聯(lián)立以上式子,求得 t=mR+rv-v+B22L3kB2L3-mgR+rsinθ(式中v=2gLsinθ,v=B2kL3+mgR+rsinθB22L2) 25.(18分) 如圖1所示是某游樂場的過山車,現(xiàn)將其簡化為如圖2所示的模型:傾角θ=37°、長L=60cm的直軌道AB與半徑R=10cm的光滑圓弧軌道BCDEF在B處平滑連接,C、F為圓軌道最低點,D點與圓心等高,E為圓軌道最高點;圓軌道在F點與水平軌道FG平滑連接整條軌道寬度不計。現(xiàn)將一質量m=50g的滑塊(可視為質點)從A端由靜止釋放。已知滑塊與AB段的動摩擦因數(shù)μ1=0.25,與FG段的動摩擦因數(shù)μ2=0.5,sin37°=0.6,co37°=0.8。 (1)求滑塊到達B點時的動能E1; (2)求滑塊到達E點時對軌道FG的壓力FN; (3)若要滑塊能在水平軌道FG上停下,求FG長度的最小值x; (4)若改變釋放滑塊的位置,使滑塊第一次運動到D點時速度剛好為零,求滑塊從釋放到它第5次返回軌道AB上離B點最遠時,它在AB軌道上運動的總路程s。 【答案】(1)0.12J;(2)1.7N;(3)0.48m;(4)0.73m 【解析】 【詳解】 (1)滑塊由A點到達B點的過程中,重力做正功,摩擦力做負功,設B點速度為vB,且從A端由靜止釋放,根據(jù)動能定理可得:mgLsinθ-μ1mgLcosθ=12mvB2-0…① E1=12mvB2…② 由①②代入數(shù)據(jù)可解得:E1=0.12J; (2)滑塊在BCDEF光滑圓弧軌道上做圓周運動,從B點到E點,設到達E點時速度為vE,根據(jù)動能定理可得: -mg2R=12mvE2-12mvB2…③ 且由軌道對滑塊的彈力N和重力提供向心力,則有:N+mg=mvE2R…④ 根據(jù)牛頓第三定律,軌道對滑塊的彈力N和滑塊對軌道的壓力FN是一對相互作用力,則有:FN=N…⑤ 由③④⑤帶入數(shù)據(jù)可解得:FN=1.7N; (3)在BCDEF圓弧軌道上只有重力做功,則從B點到F點,機械能守恒,則有:EF=E1=0.12J…⑥ 滑塊在FG軌道上由于摩擦力的作用做勻減速運動,且最終停下,根據(jù)動能定理可得:-μ2mgx=0-EF…⑦ 由⑥⑦代入數(shù)據(jù)可解得:x=0.48m (4)該變釋放滑塊的位置,設此時距離B點距離為s1,此時滑塊到達D點時速度剛好為零,根據(jù)動能定理有: mgs1sinθ-μ1mgs1cosθ-mgR=0…⑧ 設從D點第一次返回到AB軌道上離B點最遠時到B點的距離為s2,根據(jù)動能定理有: mgR-μ1mgs2cosθ-mgs2sinθ=0…⑨ 設從CD軌道第二次返回到AB軌道上離B點最遠時到B點的距離為s3,根據(jù)動能定理有: mgs2sinθ-μ1mgs2cosθ-μ1mgs3cosθ-mgs3sinθ=0…(10) 設從CD軌道第三次返回到AB軌道上離B點最遠時到B點的距離為s4,根據(jù)動能定理有:mgs3sinθ-μ1mgs3cosθ-μ1mgs4cosθ-mgs4sinθ=0…(11) 設從CD軌道第四次返回到AB軌道上離B點最遠時到B點的距離為s5,根據(jù)動能定理有:mgs4sinθ-μ1mgs4cosθ-μ1mgs5cosθ-mgs5sinθ=0…(12) 設從CD軌道第五次返回到AB軌道上離B點最遠時到B點的距離為s6,根據(jù)動能定理有:mgs5sinθ-μ1mgs5cosθ-μ1mgs6cosθ-mgs6sinθ=0…(13) 滑塊從釋放到它第5次返回軌道AB上離B點最遠時,它在AB軌道上運動的總路程: s=s1+2s2+2s3+2s4+2s5+s6…(14) 由⑧⑨(10)(11)(12)(13)(14)代入數(shù)據(jù)可解得:s≈0.73m- 配套講稿:
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