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專題強化二 帶電粒子在復(fù)合場中運動的實例分析
一、帶電粒子在復(fù)合場中的運動
1.復(fù)合場的分類
(1)疊加場:電場、磁場、重力場共存,或其中某兩場共存.
(2)組合場:電場與磁場各位于一定的區(qū)域內(nèi),并不重疊,或相鄰或在同一區(qū)域電場、磁場交替出現(xiàn).
2.帶電粒子在復(fù)合場中的運動分類
(1)靜止或勻速直線運動
當帶電粒子在復(fù)合場中所受合外力為零時,將處于靜止狀態(tài)或做勻速直線運動.
(2)勻速圓周運動
當帶電粒子所受的重力與電場力大小相等、方向相反時,帶電粒子在洛倫茲力的作用下,在垂直于勻強磁場的平面內(nèi)做勻速圓周運動.
(3)較復(fù)雜的曲線運動
當帶電粒子所受合外力的大小和方向均變化,且與初速度方向不在同一條直線上時,粒子做非勻變速曲線運動,這時粒子運動軌跡既不是圓弧,也不是拋物線.
(4)分階段運動
帶電粒子可能依次通過幾個情況不同的復(fù)合場區(qū)域,其運動情況隨區(qū)域發(fā)生變化.
二、電場與磁場的組合應(yīng)用實例
裝置
原理圖
規(guī)律
質(zhì)譜儀
帶電粒子由靜止被加速電場加速qU=mv2,在磁場中做勻速圓周運動qvB=m,則比荷=
回旋加速器
交變電流的周期和帶電粒子做圓周運動的周期相同,帶電粒子在圓周運動過程中每次經(jīng)過D形盒(半徑為R)縫隙都會被加速.由qvmB=m得vm=,Ekm=
三、電場與磁場的疊加應(yīng)用實例
裝置
原理圖
規(guī)律
速度選擇器
若qv0B=Eq,即v0=,帶電粒子做勻速直線運動
電磁流量計
q=qvB,所以v=,所以流量Q=vS=π()2=
霍爾元件
當磁場方向與電流方向垂直時,導(dǎo)體在與磁場、電流方向都垂直的方向上出現(xiàn)電勢差
命題點一 質(zhì)譜儀的原理和分析
1.作用
測量帶電粒子質(zhì)量和分離同位素的儀器.
2.原理(如圖1所示)
圖1
(1)加速電場:qU=mv2;
(2)偏轉(zhuǎn)磁場:qvB=,l=2r;
由以上兩式可得r=,
m=,=.
例1 (2016浙江10月選考23)如圖2所示,在x軸的上方存在垂直紙面向里,磁感應(yīng)強度大小為B0的勻強磁場,位于x軸下方的離子源C發(fā)射質(zhì)量為m、電荷量為q的一束負離子,其初速度大小范圍為0~v0.這束離子經(jīng)電勢差為U=的電場加速后,從小孔O(坐標原點)垂直x軸并垂直磁場射入磁場區(qū)域,最后打到x軸上.在x軸上2a~3a區(qū)間水平固定放置一探測板(a=).假設(shè)每秒射入磁場的離子總數(shù)為N0,打到x軸上的離子數(shù)均勻分布(離子重力不計).
圖2
(1)求離子束從小孔O射入磁場后打到x軸的區(qū)間;
(2)調(diào)整磁感應(yīng)強度的大小,可使速度最大的離子恰好打在探測板的右端,求此時的磁感應(yīng)強度大小B1;
(3)保持磁感應(yīng)強度B1不變,求每秒打在探測板上的離子數(shù)N;若打在板上的離子80%被板吸收,20%被反向彈回,彈回速度大小為打板前速度大小的0.6倍,求探測板受到的作用力大?。?
答案 見解析
解析 (1)對于初速度為0的粒子:qU=mv12
由B0qv1=m得r1==a
恰好打在x=2a的位置
對于初速度為v0的粒子
qU=mv22-m(v0)2
由B0qv2=m得
r2==2a,
恰好打在x=4a的位置
離子束打在x軸上的區(qū)間為[2a,4a]
(2)由動能定理
qU=mv22-m(v0)2
由B1qv2=m得
r3=
r3=a
解得B1=B0
(3)離子束能打到探測板的實際位置范圍為2a≤x≤3a
即a≤r≤a,對應(yīng)的速度范圍為v0≤v′≤2v0
每秒打在探測板上的離子數(shù)為
N=N0=N0
根據(jù)動量定理
被吸收的離子受到板的作用力大小
F吸==(2mv0+mv0)=
被反彈的離子受到板的作用力大小
F反==[2m(v0+0.6v0)+m(v0+0.6v0)]=N0mv0
根據(jù)牛頓第三定律,探測板受到的作用力大小
F=F吸′+F反′=N0mv0.
變式1 現(xiàn)代質(zhì)譜儀可用來分析比質(zhì)子重很多倍的離子,其示意圖如圖3所示,其中加速電壓恒定.質(zhì)子在入口處從靜止開始被加速電場加速,經(jīng)勻強磁場偏轉(zhuǎn)后從出口離開磁場.若某種一價正離子在入口處從靜止開始被同一加速電場加速,為使它經(jīng)勻強磁場偏轉(zhuǎn)后仍從同一出口離開磁場,需將磁感應(yīng)強度增加到原來的12倍.此離子和質(zhì)子的質(zhì)量比為( )
圖3
A.11 B.12
C.121 D.144
答案 D
解析 由qU=mv2得帶電粒子進入磁場的速度為v=,根據(jù)牛頓第二定律有qvB=m,得R=,聯(lián)立得到R=,由題意可知,該離子與質(zhì)子在磁場中具有相同的軌道半徑和電荷量,故=144,故選D.
命題點二 回旋加速器的原理和分析
1.構(gòu)造:如圖4所示,D1、D2是半圓形金屬盒,D形盒處于勻強磁場中,D形盒的縫隙處接交流電源.
圖4
2.原理:交流電周期和粒子做圓周運動的周期相等,使粒子每經(jīng)過一次D形盒縫隙,粒子被加速一次.
3.粒子獲得的最大動能:由qvmB=、Ekm=mvm2得Ekm=,粒子獲得的最大動能由磁感應(yīng)強度B和盒半徑R決定,與加速電壓無關(guān).
例2 (2018浙江11月選考23)小明受回旋加速器的啟發(fā),設(shè)計了如圖5甲所示的“回旋變速裝置”.兩相距為d的平行金屬柵極板M、N,板M位于x軸上,板N在它的正下方.兩板間加上如圖乙所示的幅值為U0的交變電壓,周期T0=.板M上方和板N下方有磁感應(yīng)強度大小均為B、方向相反的勻強磁場.粒子探測器位于y軸處,僅能探測到垂直射入的帶電粒子.
有一沿x軸可移動、粒子出射初動能可調(diào)節(jié)的粒子發(fā)射源,沿y軸正方向射出質(zhì)量為m、電荷量為q(q>0)的粒子.t=0時刻,發(fā)射源在(x,0)位置發(fā)射一帶電粒子.忽略粒子的重力和其它阻力,粒子在電場中運動的時間不計.
圖5
(1)若粒子只經(jīng)磁場偏轉(zhuǎn)并在y=y(tǒng)0處被探測到,求發(fā)射源的位置和粒子的初動能;
(2)若粒子兩次進出電場區(qū)域后被探測到,求粒子發(fā)射源的位置x與被探測到的位置y之間的關(guān)系.
答案 (1)x=y(tǒng)0
(2)見解析
解析 (1)根據(jù)題意,粒子沿著y軸正方向射入,只經(jīng)過磁場偏轉(zhuǎn),探測器僅能探測到垂直射入的粒子,粒子軌跡為圓周,因此射入的位置為x=y(tǒng)0
根據(jù)R=y(tǒng)0,qvB=m,
可得Ek=mv2=
(2)根據(jù)題意,粒子兩次進出電場,然后垂直射到y(tǒng)軸,由于粒子射入電場后,會做減速直線運動,且無法確定能否減速到0,因此需要按情況分類討論
①第一次射入電場即減速到零,即當Ek0
2qU0時,軌跡如圖所示
r0=,r1=,r2=
-qU0=mv12-mv02
-qU0=mv22-mv12
且x=r2+2r1+2r0,y=r2
聯(lián)立解得x=2+y
變式2 回旋加速器的工作原理如圖6甲所示,置于真空中的D形金屬盒半徑為R,兩盒間狹縫的間距為d,磁感應(yīng)強度為B的勻強磁場與盒面垂直,被加速粒子的質(zhì)量為m,電荷量為+q,加在狹縫間的交變電壓如圖乙所示,電壓的大小為U0,周期T=.一束該種粒子在t=0~時間內(nèi)從A處均勻地飄入狹縫,其初速度視為零.現(xiàn)考慮粒子在狹縫中的運動時間,假設(shè)能夠射出的粒子每次經(jīng)過狹縫均做加速運動,不考慮粒子間的相互作用.求:
圖6
(1)出射粒子的動能Ekm;
(2)粒子從飄入狹縫至動能達到Ekm所需的總時間t0;
(3)要使飄入狹縫的粒子中有超過99%能射出,d應(yīng)滿足的條件.
答案 (1) (2)-
(3)d<
解析 (1)粒子運動半徑為R時,qvB=m
Ekm=mv2=
(2)粒子被加速n次達到動能Ekm,則Ekm=nqU0
粒子在狹縫間做勻加速運動,設(shè)n次經(jīng)過狹縫的總時間為Δt,加速度a=
粒子由靜止做勻加速直線運動nd=a(Δt)2
由t0=(n-1)+Δt,解得t0=-
(3)只有在0~(-Δt)時間內(nèi)飄入的粒子才能每次均被加速,則所占的比例為η=100%
由于η>99%,解得d<.
命題點三 電場與磁場疊加的應(yīng)用實例分析
共同特點:當帶電粒子(不計重力)在復(fù)合場中做勻速直線運動時,qvB=qE.
1.速度選擇器
圖7
(1)平行板中電場強度E和磁感應(yīng)強度B互相垂直.(如圖7)
(2)帶電粒子能夠沿直線勻速通過速度選擇器的條件是qvB=qE,即v=.
(3)速度選擇器只能選擇粒子的速度,不能選擇粒子的電性、電荷量、質(zhì)量.
(4)速度選擇器具有單向性.
例3 (2018杭州市期末)在如圖8所示的平行板器件中,勻強電場E和勻強磁場B互相垂直.一束初速度為v的帶電粒子從左側(cè)垂直電場射入后沿圖中直線②從右側(cè)射出.粒子重力不計,下列說法正確的是( )
圖8
A.若粒子沿軌跡①射出,則粒子的初速度一定大于v
B.若粒子沿軌跡①射出,則粒子的動能一定增大
C.若粒子沿軌跡③射出,則粒子可能做勻速圓周運動
D.若粒子沿軌跡③射出,則粒子的電勢能可能增大
答案 D
解析 若粒子沿題圖中直線②從右側(cè)射出,則qvB=qE,若粒子沿軌跡①射出,粒子所受向上的力大于向下的力,但由于粒子電性未知,所以粒子所受的電場力與洛倫茲力方向不能確定,不能確定初速度與v的關(guān)系,故A、B錯誤;若粒子沿軌跡③射出,粒子受電場力、洛倫茲力,不可能做勻速圓周運動,故C錯誤;若粒子沿軌跡③射出,如果粒子帶負電,所受電場力向上,洛倫茲力向下,電場力做負功,粒子的電勢能增大,故D正確.
2.磁流體發(fā)電機
(1)原理:如圖9所示,等離子體噴入磁場,正、負離子在洛倫茲力的作用下發(fā)生偏轉(zhuǎn)而聚集在B、A板上,產(chǎn)生電勢差,它可以把離子的動能通過磁場轉(zhuǎn)化為電能.
圖9
(2)電源正、負極判斷:根據(jù)左手定則可判斷出圖中的B是發(fā)電機的正極.
(3)設(shè)A、B平行金屬板的面積為S,兩極板間的距離為l,磁場磁感應(yīng)強度為B,等離子氣體的電阻率為ρ,噴入氣體的速度為v,板外電阻為R.
電源電動勢U:當正、負離子所受電場力和洛倫茲力平衡時,兩極板間達到的最大電勢差為U(即電源電動勢),則q=qvB,即U=Blv.
電源內(nèi)阻:r=ρ.
回路電流:I=.
例4 (2018浙江11月選考10)磁流體發(fā)電的原理如圖10所示,將一束速度為v的等離子體垂直于磁場方向噴入磁感應(yīng)強度為B的勻強磁場中,在相距為d、寬為a、長為b的兩平行金屬板間便產(chǎn)生電壓.如果把上、下板和電阻R連接,上、下板就是一個直流電源的兩極,若穩(wěn)定時等離子體在兩板間均勻分布,電阻率為ρ,忽略邊緣效應(yīng),下列判斷正確的是( )
圖10
A.上板為正極,電流I=
B.上板為負極,電流I=
C.下極為正極,電流I=
D.下板為負極,電流I=
答案 C
解析 根據(jù)左手定則可知,正離子在磁場中受到的洛倫茲力向下,故下板為正極,設(shè)兩板間的電壓為U,則q=Bqv,得U=Bdv,電流I==,故C正確.
3.電磁流量計
(1)流量(Q)的定義:單位時間流過導(dǎo)管某一截面的導(dǎo)電液體的體積.
(2)公式:Q=Sv;S為導(dǎo)管的橫截面積,v是導(dǎo)電液體的流速.
(3)導(dǎo)電液體的流速(v)的計算
如圖11所示,一圓形導(dǎo)管直徑為d,用非磁性材料制成,其中有可以導(dǎo)電的液體向右流動.導(dǎo)電液體中的自由電荷(正、負離子)在洛倫茲力作用下發(fā)生偏轉(zhuǎn),使a、b間出現(xiàn)電勢差,當自由電荷所受電場力和洛倫茲力平衡時,a、b間的電勢差(U)達到最大,由q=qvB,可得v=.
圖11
(4)流量的表達式:Q=Sv==.
(5)電勢高低的判斷:根據(jù)左手定則可得φa>φb.
例5 為監(jiān)測某化工廠的含有離子的污水排放情況,技術(shù)人員在排污管中安裝了監(jiān)測裝置,該裝置的核心部分是一個用絕緣材料制成的空腔,其寬和高分別為b和c,左、右兩端開口與排污管相連,如圖12所示.在垂直于上、下底面方向加磁感應(yīng)強度大小為B的勻強磁場,在空腔前、后兩個側(cè)面上各有長為a的相互平行且正對的電極M和N,M、N與內(nèi)阻為R的電流表相連.污水從左向右流經(jīng)該裝置時,電流表將顯示出污水排放情況.下列說法中錯誤的是( )
圖12
A.N板帶正電,M板帶負電
B.污水中離子濃度越高,則電流表的示數(shù)越小
C.污水流量越大,則電流表的示數(shù)越大
D.若只增大所加磁場的磁感應(yīng)強度,則電流表的示數(shù)也增大
答案 B
解析 污水從左向右流動時,正、負離子在洛倫茲力作用下分別向N板和M板偏轉(zhuǎn),故N板帶正電,M板帶負電,A正確.穩(wěn)定時帶電離子在兩板間受力平衡,qvB=q,此時U=Bbv==,式中Q是流量,可見當污水
流量越大、磁感應(yīng)強度越強時,M、N間的電壓越大,電流表的示數(shù)越大,而與污水中離子濃度無關(guān),B錯誤,C、D正確.
4.霍爾效應(yīng)的原理和分析
(1)定義:高為h、寬為d的導(dǎo)體(自由電荷是電子或正電荷)置于勻強磁場B中,當電流通過導(dǎo)體時,在導(dǎo)體的上表面A和下表面A′之間產(chǎn)生電勢差,這種現(xiàn)象稱為霍爾效應(yīng),此電壓稱為霍爾電壓.
(2)電勢高低的判斷:如圖13,導(dǎo)體中的電流I向右時,根據(jù)左手定則可得,若自由電荷是電子,則下表面A′的電勢高.若自由電荷是正電荷,則下表面A′的電勢低.
圖13
(3)霍爾電壓的計算:導(dǎo)體中的自由電荷(帶電荷量為q)在洛倫茲力作用下偏轉(zhuǎn),A、A′間出現(xiàn)電勢差,當自由電荷所受電場力和洛倫茲力平衡時,A、A′間的電勢差(U)就保持穩(wěn)定,由qvB=q,I=nqvS,S=hd;聯(lián)立得U==k,k=稱為霍爾系數(shù).
例6 如圖14所示,厚度為h、寬度為d的金屬導(dǎo)體,當磁場方向與電流方向垂直時,在導(dǎo)體上、下表面會產(chǎn)生電勢差,這種現(xiàn)象稱為霍爾效應(yīng).下列說法正確的是( )
圖14
A.上表面的電勢高于下表面的電勢
B.僅增大h時,上、下表面的電勢差增大
C.僅增大d時,上、下表面的電勢差減小
D.僅增大電流I時,上、下表面的電勢差減小
答案 C
解析 因電流方向向右,則金屬導(dǎo)體中的自由電子是向左運動的,根據(jù)左手定則可知上表面帶負電,則上表面的電勢低于下表面的電勢,A錯誤;當電場力等于洛倫茲力時,q=qvB,又I=nqvhd(n為導(dǎo)體單位體積內(nèi)的自由電子數(shù)),得U=,則僅增大h時,上、下表面的電勢差不變;僅增大d時,上、下表面的電勢差減?。粌H增大I時,上、下表面的電勢差增大,故C正確,B、D錯誤.
1.(2018湖州市三縣期中)如圖1所示,在豎直面內(nèi)虛線所圍的區(qū)域里,存在電場強度為E的勻強電場和磁感應(yīng)強度為B的勻強磁場.已知從左側(cè)沿水平方向射入的電子穿過該區(qū)域時未發(fā)生偏轉(zhuǎn),設(shè)其重力可以忽略不計,則在該區(qū)域中的E和B的方向不可能是( )
圖1
A.E豎直向下,B豎直向上
B.E豎直向上,B垂直紙面向外
C.E和B都沿水平方向,并與電子運動的方向相同
D.E和B都沿水平方向,并與電子運動的方向相反
答案 A
2.(多選)如圖2所示,a、b是一對平行金屬板,分別接到直流電源的兩極上,使a、b兩板間產(chǎn)生勻強電場E,右邊有一塊擋板,正中間開有一小孔d,在較大空間范圍內(nèi)存在著勻強磁場,磁感應(yīng)強度大小為B,方向垂直紙面向里.從兩板左側(cè)中點c處射入一束正離子(不計重力),這些正離子都沿直線運動到右側(cè),從d孔射出后分成三束,則下列判斷正確的是( )
圖2
A.這三束正離子的速度一定不相同
B.這三束正離子的比荷一定不相同
C.a(chǎn)、b兩板間的勻強電場方向一定由a指向b
D.若這三束離子改為帶負電而其他條件不變,則仍能從d孔射出
答案 BCD
解析 因為三束正離子在兩極板間都是沿直線運動的,電場力等于洛倫茲力,即qE=qvB,可以判斷三束正離子的速度一定相同,且電場方向一定由a指向b,A錯誤,C正確;在右側(cè)磁場中三束正離子運動軌跡半徑不同,可知這三束正離子的比荷一定不相同,B正確;若將這三束離子改為帶負電,而其他條件不變的情況下分析受力可知,三束離子在兩板間仍做勻速直線運動,仍能從d孔射出,D正確.
3.(2018新力量聯(lián)盟期末)如圖3是質(zhì)譜儀工作原理的示意圖.帶電粒子a、b經(jīng)電壓U加速(在A點初速度為零)后,進入磁感應(yīng)強度為B的勻強磁場做勻速圓周運動,最后分別打在感光板S上的x1、x2處.圖中半圓形的虛線分別表示帶電粒子a、b所通過的路徑,則( )
圖3
A.若a與b有相同的質(zhì)量,打在感光板上時,b的速度比a大
B.若a與b有相同的質(zhì)量,則a的電荷量比b的電荷量小
C.若a與b有相同的電荷量,則a的質(zhì)量比b的質(zhì)量大
D.若a與b有相同的電荷量,則a的質(zhì)量比b的質(zhì)量小
答案 D
4.(多選)如圖4是質(zhì)譜儀的工作原理示意圖.帶電粒子被加速電場加速后,進入速度選擇器.速度選擇器內(nèi)相互正交的勻強磁場的磁感應(yīng)強度和勻強電場的電場強度分別為B和E.平板S上有可讓粒子通過的狹縫P和記錄粒子位置的膠片A1A2.平板S下方有磁感應(yīng)強度為B0的勻強磁場.下列表述正確的是( )
圖4
A.質(zhì)譜儀是分析同位素的重要工具
B.速度選擇器中的磁場方向垂直于紙面向外
C.能通過狹縫P的帶電粒子的速率等于
D.粒子打在膠片上的位置越靠近狹縫P,粒子的比荷越小
答案 ABC
解析 質(zhì)譜儀是分析同位素的重要工具,A正確.在速度選擇器中,帶電粒子所受電場力和洛倫茲力應(yīng)等大反向,由粒子在勻強磁場B0中的運動軌跡知粒子帶正電,結(jié)合左手定則可知,B正確.由qE=qvB可得v=,C正確.粒子在平板S下方的勻強磁場中做勻速圓周運動,由qvB0=得=,D錯誤.
5.如圖5甲所示是用來加速帶電粒子的回旋加速器的示意圖,其核心部分是兩個D形金屬盒,在加速帶電粒子時,兩金屬盒置于勻強磁場中,兩盒分別與高頻電源相連.帶電粒子在磁場中運動的動能Ek隨時間t的變化規(guī)律如圖乙所示.忽略帶電粒子在電場中的加速時間,則下列判斷中正確的是( )
圖5
A.在Ek-t圖象中應(yīng)有t4-t30).霍爾片的放大圖如圖所示,它由長寬厚=abd、單位體積內(nèi)自由電子數(shù)為n的N型半導(dǎo)體制成.磁場方向垂直于x軸向上,磁感應(yīng)強度大小為B=B0(1-β|x|),β>0.無壓力波輸入時,霍爾片靜止在x=0處,此時給霍爾片通以沿C1C2方向的電流I,則在側(cè)面上D1、D2兩點間產(chǎn)生霍爾電壓U0.
圖10
(1)指出D1、D2兩點哪點電勢高;
(2)推導(dǎo)出U0與I、B0之間的關(guān)系式(提示:電流I與自由電子定向移動速率v之間關(guān)系為I=nevbd,其中e為電子電荷量);
(3)彈性盒中輸入壓力波p(t),霍爾片中通以相同電流,測得霍爾電壓UH隨時間t變化圖象如圖乙.忽略霍爾片在磁場中運動產(chǎn)生的電動勢和阻尼,求壓力波的振幅和頻率.(結(jié)果用U0、U1、t0、α及β表示)
答案 (1)D1點電勢高 (2)U0= (3)
解析 (1)N型半導(dǎo)體可以自由移動的是電子(題目也給出了自由電子),根據(jù)左手定則可以知道電子往D2點移動,因此D1點電勢高.
(2)根據(jù)霍爾元件內(nèi)部電子受的洛倫茲力和電場力平衡得:evB0=e
I=nevbd,得v=,
解得:U0=
(3)由任意時刻霍爾元件內(nèi)部電子受的洛倫茲力和電場力平衡得:
evB=e①
UH==(1-β|x|)=(1-β|αp(t)|)②
根據(jù)圖象可知壓力波p(t)關(guān)于時間t是一個正弦函數(shù),其絕對值的周期是原函數(shù)周期的一半,根據(jù)圖象可知|p(t)|關(guān)于t的周期是t0,則p(t)關(guān)于t的周期是2t0,頻率自然就是;由②式可知當壓力波p(t)達到振幅A時,UH最小,為U1,代入②式可得:
U1=(1-β|αA|)=U0(1-αβA)
解得A=.
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