2019年高考物理大一輪復(fù)習(xí) 第六章 動(dòng)量守恒定律及其應(yīng)用 第18講 動(dòng)量定理 動(dòng)量守恒定律實(shí)戰(zhàn)演練.doc
《2019年高考物理大一輪復(fù)習(xí) 第六章 動(dòng)量守恒定律及其應(yīng)用 第18講 動(dòng)量定理 動(dòng)量守恒定律實(shí)戰(zhàn)演練.doc》由會(huì)員分享,可在線閱讀,更多相關(guān)《2019年高考物理大一輪復(fù)習(xí) 第六章 動(dòng)量守恒定律及其應(yīng)用 第18講 動(dòng)量定理 動(dòng)量守恒定律實(shí)戰(zhàn)演練.doc(5頁珍藏版)》請(qǐng)?jiān)谘b配圖網(wǎng)上搜索。
2019年高考物理大一輪復(fù)習(xí) 第六章 動(dòng)量守恒定律及其應(yīng)用 第18講 動(dòng)量定理 動(dòng)量守恒定律實(shí)戰(zhàn)演練 1.(xx全國卷Ⅰ)將質(zhì)量為1.00 kg的模型火箭點(diǎn)火升空,50 g燃燒的燃?xì)庖源笮?00 m/s的速度從火箭噴口在很短時(shí)間內(nèi)噴出.在燃?xì)鈬姵龊蟮乃查g,火箭的動(dòng)量大小為(噴出過程中重力和空氣阻力可忽略)( A ) A.30 kgm/s B.5.7102 kgm/s C.6.0102 kgm/s D.6.3102 kgm/s 解析 由于噴出過程中重力和空氣阻力可忽略,則模型火箭與燃?xì)饨M成的系統(tǒng)動(dòng)量守恒.燃?xì)鈬姵銮跋到y(tǒng)靜止,總動(dòng)量為零,故噴出后瞬間火箭的動(dòng)量與噴出燃?xì)獾膭?dòng)量等值反向,可得火箭的動(dòng)量的大小等于燃?xì)獾膭?dòng)量大小,則|p火|=|p氣|=m氣v氣=0.05 kg600 m/s=30 kgm/s.選項(xiàng)A正確. 2.“蹦極”運(yùn)動(dòng)中,長彈性繩的一端固定,另一端綁在人身上,人從幾十米高處跳下,將蹦極過程簡(jiǎn)化為人沿豎直方向的運(yùn)動(dòng).從繩恰好伸直,到人第一次下降至最低點(diǎn)的過程中,下列分析正確的是( A ) A.繩對(duì)人的沖量始終向上,人的動(dòng)量先增大后減小 B.繩對(duì)人的拉力始終做負(fù)功,人的動(dòng)能一直減小 C.繩恰好伸直時(shí),繩的彈性勢(shì)能為零,人的動(dòng)能最大 D.在最低點(diǎn)時(shí),繩對(duì)人的拉力等于人所受的重力 解析 從繩子恰好伸直,到人第一次下降到最低點(diǎn)的過程中,拉力逐漸增大,由牛頓第二定律mg-F=ma可知,人先做加速度減小的加速運(yùn)動(dòng),當(dāng)a=0時(shí),F(xiàn)=mg,此時(shí)速度最大,動(dòng)量最大,動(dòng)能最大,此后人繼續(xù)向下運(yùn)動(dòng),F(xiàn)>mg,由牛頓第二定律F-mg=ma可知,人做加速度增大的減速運(yùn)動(dòng),動(dòng)量一直減小直到減為零,全過程中拉力方向始終向上,所以繩對(duì)人的沖量始終向上,綜上可知選項(xiàng)A正確,C、D錯(cuò)誤;拉力對(duì)人始終做負(fù)功,動(dòng)能先增大后減小,故選項(xiàng)B錯(cuò)誤. 3.高空作業(yè)須系安全帶,如果質(zhì)量為m的高空作業(yè)人員不慎跌落,從開始跌落到安全帶對(duì)人剛產(chǎn)生作用力前人下落的距離為h(可視為自由落體運(yùn)動(dòng)).此后經(jīng)歷時(shí)間t安全帶達(dá)到最大伸長,若在此過程中該作用力始終豎直向上,則該段時(shí)間安全帶對(duì)人的平均作用力大小為( A ) A.+mg B.-mg C.+mg D.-mg 解析 由自由落體運(yùn)動(dòng)公式得人下降h距離時(shí)的速度為v=,在t時(shí)間內(nèi)對(duì)人由動(dòng)量定理得(F-mg)t=mv,解得安全帶對(duì)人的平均作用力為F=+mg,選項(xiàng)A正確. 4.一枚火箭搭載著衛(wèi)星以速率v0進(jìn)入太空預(yù)定位置,由控制系統(tǒng)使箭體與衛(wèi)星分離如圖所示.已知前部分的衛(wèi)星質(zhì)量為m1,后部分的箭體質(zhì)量為m2,分離后箭體以速率v2沿火箭原方向飛行,若忽略空氣阻力及分離前后系統(tǒng)質(zhì)量的變化,則分離后衛(wèi)星的速率v1為( D ) A.v0-v2 B.v0+v2 C.v0-v2 D.v0+(v0-v2) 解析 對(duì)火箭和衛(wèi)星由動(dòng)量守恒定律得(m1+m2)v0=m2v2+m1v1 解得v1==v0+(v0-v2),故選項(xiàng)D正確. 5.一質(zhì)量為0.5 kg的小物塊放在水平地面上的A點(diǎn),距離A點(diǎn)5 m的位置B處是一面墻,如圖所示.小物塊以v0=9 m/s的初速度從A點(diǎn)沿AB方向運(yùn)動(dòng),在與墻壁碰撞前瞬間的速度為7 m/s,碰后以6 m/s的速度反向運(yùn)動(dòng)直至靜止.g取10 m/s2. (1)求物塊與地面間的動(dòng)摩擦因數(shù)μ; (2)若碰撞時(shí)間為0.05 s,求碰撞過程中墻面對(duì)物塊平均作用力的大小F; (3)求物塊在反向運(yùn)動(dòng)過程中克服摩擦力所做的功W. 解析 (1)對(duì)小物塊從A運(yùn)動(dòng)到B處的過程中 應(yīng)用動(dòng)能定理-μmgs=mv2-mv, 代入數(shù)值解得μ=0.32. (2)取向右為正方向,碰后滑塊速度v′=-6 m/s, 由動(dòng)量定理得FΔt=mv′-mv,解得F=-130 N, 其中“-”表示墻面對(duì)物塊的平均作用力方向向左. (3)對(duì)物塊反向運(yùn)動(dòng)過程中應(yīng)用動(dòng)能定理得-W=0-mv′2,解得W=9 J. 答案 (1)0.32 (2)130 N (3)9 J 6.兩滑塊a、b沿水平面上同一條直線運(yùn)動(dòng),并發(fā)生碰撞,碰撞后兩者黏在一起運(yùn)動(dòng),經(jīng)過一段時(shí)間后,從光滑路段進(jìn)入粗糙路段,兩者的位置x隨時(shí)間t變化的圖象如圖所示.求: (1)滑塊a、b的質(zhì)量之比; (2)整個(gè)運(yùn)動(dòng)過程中,兩滑塊克服摩擦力做的功與因碰撞而損失的機(jī)械能之比. 解析 (1)設(shè)a、b的質(zhì)量分別為m1、m2,a、b碰撞前的速度為v1、v2.由題給圖象得 v1=-2 m/s,① v2=1 m/s,② a、b發(fā)生完全非彈性碰撞,碰撞后兩滑塊的共同速度為v.由題給圖象得v= m/s,③ 由動(dòng)量守恒定律得m1v1+m2v2=(m1+m2)v,④ 聯(lián)立①②③④式得m1∶m2=1∶8,⑤ (2)由能量守恒定律得,兩滑塊因碰撞而損失的機(jī)械能為 ΔE=m1v+m2v-(m1+m2)v2,⑥ 由圖象可知,兩滑塊最后停止運(yùn)動(dòng).由動(dòng)能定理得,兩滑塊克服摩擦力所做的功為W=(m1+m2)v2,⑦ 聯(lián)立⑥⑦式,并代入題給數(shù)據(jù)得W∶ΔE=1∶2. 答案 (1)1∶8 (2)1∶2 7.某游樂園入口旁有一噴泉,噴出的水柱將一質(zhì)量為M的卡通玩具穩(wěn)定地懸停在空中.為計(jì)算方便起見,假設(shè)水柱從橫截面積為S的噴口持續(xù)以速度v0豎直向上噴出,玩具底部為平板(面積略大于S),水柱沖擊到玩具底板后,在豎直方向水的速度變?yōu)榱?,在水平方向朝四周均勻散開.忽略空氣阻力.已知水的密度為ρ,重力加速度大小為g.求: (1)噴泉單位時(shí)間內(nèi)噴出的水的質(zhì)量; (2)玩具在空中懸停時(shí),其底面相對(duì)于噴口的高度. 解析 (1)設(shè)Δt時(shí)間內(nèi),從噴口噴出的水的體積為ΔV,質(zhì)量為Δm,則 Δm=ρΔV,① ΔV=v0SΔt,② 由①②式得,單位時(shí)間內(nèi)從噴口噴出的水的質(zhì)量為 =ρv0S.③ (2)設(shè)玩具懸停時(shí)其底面相對(duì)于噴口的高度為h,水從噴口噴出后到達(dá)玩具底面時(shí)的速度大小為v.對(duì)于Δt時(shí)間內(nèi)噴出的水,由能量守恒得(Δm)v2+(Δm)gh=(Δm)v,④ 在h高度處,Δt時(shí)間內(nèi)噴射到玩具底面的水沿豎直方向的動(dòng)量變化量的大小為Δp=(Δm)v.⑤ 設(shè)水對(duì)玩具的作用力的大小為F,根據(jù)動(dòng)量定理有 FΔt=Δp,⑥ 由于玩具在空中懸停,由力的平衡條件得F=Mg,⑦ 聯(lián)立③④⑤⑥⑦式得h=-. 答案 (1)ρv0S (2)- 8.(xx天津卷)如圖所示,物塊A和B通過一根輕質(zhì)不可伸長的細(xì)繩相連,跨放在質(zhì)量不計(jì)的光滑定滑輪兩側(cè),質(zhì)量分別為mA=2 kg、mB=1 kg.初始時(shí)A靜止于水平地面上,B懸于空中,現(xiàn)將B豎直向上再舉高h(yuǎn)=1.8 m(未觸及滑輪),然后由靜止釋放.一段時(shí)間后細(xì)繩繃直,A、B以大小相等的速度一起運(yùn)動(dòng),之后B恰好可以和地面接觸.取g=10 m/s2,空氣阻力不計(jì).求: (1)B從釋放到細(xì)繩剛繃直時(shí)的運(yùn)動(dòng)時(shí)間t; (2)A的最大速度v的大小; (3)初始時(shí)B離地面的高度H. 解析 (1)B從釋放到細(xì)繩剛繃直前做自由落體運(yùn)動(dòng),有 h=gt2,① 代入數(shù)據(jù)解得t=0.6 s.② (2)設(shè)細(xì)繩繃直前瞬間B速度大小為vB,有 vB=gt,③ 細(xì)繩繃直瞬間,細(xì)繩張力遠(yuǎn)大于A、B的重力,A、B相互作用,由動(dòng)量守恒得mBvB=(mA+mB)v,④ 之后A做勻減速運(yùn)動(dòng),所以細(xì)繩繃直后瞬間的速度v即最大速度,聯(lián)立②③④式,代入數(shù)據(jù)解得v=2 m/s.⑤ (3)細(xì)繩繃直后,A、B一起運(yùn)動(dòng),B恰好可以和地面接觸,說明此時(shí)A、B的速度為零,這一過程中A、B組成的系統(tǒng)機(jī)械能守恒,有 (mA+mB)v2+mBgH=mAgH,⑥ 代入數(shù)據(jù)解得H=0.6 m. 答案 (1)0.6 s (2)2 m/s (3)0.6 m- 1.請(qǐng)仔細(xì)閱讀文檔,確保文檔完整性,對(duì)于不預(yù)覽、不比對(duì)內(nèi)容而直接下載帶來的問題本站不予受理。
- 2.下載的文檔,不會(huì)出現(xiàn)我們的網(wǎng)址水印。
- 3、該文檔所得收入(下載+內(nèi)容+預(yù)覽)歸上傳者、原創(chuàng)作者;如果您是本文檔原作者,請(qǐng)點(diǎn)此認(rèn)領(lǐng)!既往收益都?xì)w您。
下載文檔到電腦,查找使用更方便
9.9 積分
下載 |
- 配套講稿:
如PPT文件的首頁顯示word圖標(biāo),表示該P(yáng)PT已包含配套word講稿。雙擊word圖標(biāo)可打開word文檔。
- 特殊限制:
部分文檔作品中含有的國旗、國徽等圖片,僅作為作品整體效果示例展示,禁止商用。設(shè)計(jì)者僅對(duì)作品中獨(dú)創(chuàng)性部分享有著作權(quán)。
- 關(guān) 鍵 詞:
- 2019年高考物理大一輪復(fù)習(xí) 第六章 動(dòng)量守恒定律及其應(yīng)用 第18講 動(dòng)量定理 動(dòng)量守恒定律實(shí)戰(zhàn)演練 2019 年高 物理 一輪 復(fù)習(xí) 第六 動(dòng)量 守恒定律 及其 應(yīng)用 18 定理 實(shí)戰(zhàn) 演練
鏈接地址:http://m.kudomayuko.com/p-2516194.html