2019年高考物理一輪復(fù)習(xí) 第六章 第2講電場能的性質(zhì)的描述課時提升作業(yè) 教科版選修3-1.doc

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2019年高考物理一輪復(fù)習(xí) 第六章 第2講電場能的性質(zhì)的描述課時提升作業(yè) 教科版選修3-1 一、選擇題(本大題共10小題,每小題7分,共70分。多選題已在題號后標(biāo)出,選不全得4分) 1.(xx濟(jì)南模擬)電工穿的高壓作業(yè)服是用銅絲編織的，下列說法正確的是 ( ) A.銅絲編織的衣服不易拉破 B.電工被銅絲衣服所包裹，使體內(nèi)電勢為零 C.電工被銅絲衣服所包裹，使體內(nèi)場強(qiáng)為零 D.銅絲電阻小，能對人體起到保護(hù)作用 2.(xx福州模擬)如圖所示，虛線是某一靜電場的一簇等勢線及其電勢值，一帶電粒子只在電場力的作用下飛經(jīng)該電場時，恰能沿圖中的實線從A點飛到B點，則下列判斷正確的是( ) A.該粒子帶負(fù)電 B.A點的場強(qiáng)大于B點的場強(qiáng) C.粒子在A點的電勢能大于在B點的電勢能 D.粒子在A點的動能小于在B點的動能 3.(xx吉安模擬)空間有一勻強(qiáng)電場，在電場中建立如圖所示的直角坐標(biāo)系O-xyz,M、N、P為電場中的三個點，M點的坐標(biāo)為(0，a，0)，N點的坐標(biāo)為 (a，0，0)，P點的坐標(biāo)為(a，，)。已知電場方向平行于直線MN，M點電勢為0，N點電勢為1 V，則P點的電勢為( ) A. V B. V C. V D. V 4.(多選)(xx青島模擬)如圖所示，虛線所示的圓是某電場中某等勢面的截面。a、b兩個帶電粒子以相同的速度，從電場中P點沿等勢面的切線方向飛出，粒子僅在電場力作用下的運(yùn)動軌跡如圖中實線所示，則在開始運(yùn)動的一小段時間內(nèi)(粒子在圖示區(qū)域內(nèi))，下列說法正確的是( ) A.a粒子所受電場力逐漸變小，b粒子所受電場力逐漸變大 B.a粒子的速度將逐漸減小，b粒子的速度將逐漸增大 C.a、b兩粒子所帶電荷的電性必定相反 D.a、b兩個粒子的電勢能均減小 5. (多選)真空中一點電荷形成的電場中的部分電場線如圖所示，分別標(biāo)記為1、2、3、4、5，且1、2和5、4分別關(guān)于3對稱。以電場線3上的某點為圓心畫一個圓，圓與各電場線的交點分別為a、b、c、d、e，則下列說法中正確的是( ) A.電場強(qiáng)度Ea>Ec B.電勢φb>φd C.將一正電荷由a點移到d點，電場力做正功 D.將一負(fù)電荷由b點移到e點，電勢能增大 6.(xx嘉定區(qū)模擬)如圖所示，在粗糙水平面上，彼此靠近地放置兩個帶同種電荷的小物塊。由靜止釋放后， 兩個物塊向相反方向運(yùn)動，并最終停止。在物塊運(yùn)動過程中，下列表述正確的是( ) A.兩個物塊的機(jī)械能守恒 B.物塊受到的庫侖力不做功 C.兩個物塊的電勢能逐漸減少 D.物塊受到的摩擦力始終小于其受到的庫侖力 7.(多選)(xx廣東高考)如圖所示是靜電礦料分選器的原理示意圖,帶電礦粉經(jīng)漏斗落入水平勻強(qiáng)電場后,分落在收集板中央的兩側(cè),對礦粉分離的過程,下列表述正確的有( ) A.帶正電的礦粉落在右側(cè) B.電場力對礦粉做正功 C.帶負(fù)電的礦粉電勢能變大 D.帶正電的礦粉電勢能變小 8.(多選)(2011山東高考)如圖所示，在兩等量異種點電荷的電場中，MN為兩電荷連線的中垂線，a、b、c三點所在直線平行于兩電荷的連線，且a與c關(guān)于MN對稱，b點位于MN上，d點位于兩電荷的連線上。以下判斷正確的是( ) A.b點場強(qiáng)大于d點場強(qiáng) B.b點場強(qiáng)小于d點場強(qiáng) C.a、b兩點的電勢差等于b、c兩點的電勢差 D.試探電荷+q在a點的電勢能小于在c點的電勢能 9.如圖所示，AC、BD為圓的兩條互相垂直的直徑，圓心為O，半徑為r，將帶等量電荷的正、負(fù)點電荷放在圓周上，它們的位置關(guān)于AC對稱，+q與O點的連線和OC夾角為30，下列說法正確的是( ) A.A、C兩點的電勢關(guān)系是φA=φC B.B、D兩點的電勢關(guān)系是φB=φD C.A、O點的場強(qiáng)大小、方向相同 D.B、D點的場強(qiáng)大小、方向相同 10.(多選)如圖甲所示，一條電場線與Ox軸重合，取O點電勢為零，Ox方向上各點的電勢φ隨x變化的情況如圖乙所示，若在O點由靜止釋放一電子，電子僅受電場力的作用，則( ) A.電子將沿Ox方向運(yùn)動 B.電子的電勢能將增大 C.電子運(yùn)動的加速度恒定 D.電子運(yùn)動的加速度先減小后增大 二、計算題(本大題共2小題，共30分。要有必要的文字說明和解題步驟，有數(shù)值計算的要注明單位) 11.(15分)如圖所示，帶電荷量為Q的正點電荷固定在傾角為30的光滑絕緣斜面底部的C點，斜面上有A、B兩點，且A、B和C在同一直線上，A和C相距為L，B為AC中點?，F(xiàn)將一帶電小球從A點由靜止釋放，當(dāng)帶電小球運(yùn)動到B點時速度正好又為零。已知帶電小球在A點處的加速度大小為，靜電力常量為k,求： (1)小球運(yùn)動到B點時的加速度大小。 (2)B和A兩點間的電勢差(用Q和L表示)。 12.(能力挑戰(zhàn)題)(15分)如圖所示，有三根長度均為L=0.3 m的不可伸長的絕緣細(xì)線，其中兩根的一端分別固定在天花板上的P、Q點，另一端分別拴有質(zhì)量均為m=0.12 kg的帶電小球A和B，其中A球帶正電，電荷量為q=310-6 C。A、B之間用第三根線連接起來。在水平向左的勻強(qiáng)電場E作用下，A、B保持靜止，懸線仍處于豎直方向，且A、B間細(xì)線恰好伸直。(靜電力常量k=9109 Nm2/C2，取g=10 m/s2) (1)此勻強(qiáng)電場的電場強(qiáng)度E為多大； (2)現(xiàn)將PA之間的線燒斷，由于有空氣阻力，A、B球最后會達(dá)到新的平衡位置。求此時細(xì)線QB所受的拉力FT的大小，并求出A、B間細(xì)線與豎直方向的夾角θ； (3)求A球的電勢能與燒斷前相比改變了多少(不計B球所帶電荷對勻強(qiáng)電場的影響)。 答案解析 1.【解析】選C。金屬網(wǎng)能起到屏蔽外部電場的作用，網(wǎng)內(nèi)的人體相當(dāng)于一個等勢體，內(nèi)部場強(qiáng)為零，對電工起到安全保護(hù)作用，故本題選C。 2.【解析】選B。由于電場線是從電勢高的等勢面指向電勢低的等勢面，所以可以判斷出此電場是由負(fù)電荷所產(chǎn)生的，位置大約在A點左上方，由粒子軌跡的彎曲方向可判斷該粒子帶正電，由A到B電場力做負(fù)功，電勢能增大，動能減小，故本題只有B對。 【變式備選】如圖所示，一帶電粒子以某速度進(jìn)入水平向右的勻強(qiáng)電場中，在電場力作用下形成圖中所示的運(yùn)動軌跡。M和N是軌跡上的兩點，其中M點是軌跡的最右點。不計重力，下列表述正確的是( ) A.粒子在M點的速率最大 B.粒子所受電場力沿電場方向 C.粒子在電場中的加速度不變 D.粒子在電場中的電勢能始終在增加 【解析】選C。根據(jù)做曲線運(yùn)動的物體所受合力指向軌跡的凹側(cè)的特點，再結(jié)合電場力的特點可知粒子帶負(fù)電，即受到的電場力方向與電場線方向相反，B錯；從N點到M點電場力做負(fù)功，粒子做減速運(yùn)動，電勢能增加，當(dāng)達(dá)到M點后電場力做正功，粒子做加速運(yùn)動，電勢能減小，則粒子在M點的速度最小，A、D錯；在整個過程中粒子只受電場力，根據(jù)牛頓第二定律可知加速度不變，C正確。 3.【解析】選D。將立體圖畫成平面圖，如圖所示，P′為P在xOy平面上的投影，P″為P′在MN上的投影，P與P′、P″具有相等的電勢，可見P″點沿電場線方向為MN的四等分點，P″點的電勢為 V，故P點的電勢為 V，A、B、C錯誤，D正確。 4.【解析】選A、C、D。電場線的疏密代表電場的強(qiáng)弱，由圖可知越靠近圓心電場線越密，場強(qiáng)越大，故a出發(fā)后的一小段時間內(nèi)其所處的位置的場強(qiáng)越來越小，而b出發(fā)后的一小段時間內(nèi)其所處的位置場強(qiáng)越來越大，所以出發(fā)后的一小段時間內(nèi)a受到的電場力變小，b受到的電場力變大，故A正確。由于出發(fā)后電場力始終對電荷做正功，所以兩電荷的電勢能均減小，動能越來越大，故兩個電荷的速度都將越來越大，故B錯誤D正確。由于兩電荷所受的電場力的方向相反，所以a、b兩粒子所帶的電荷的電性相反，故C正確。 5.【解題指南】解答本題時應(yīng)注意以下兩點： (1)等勢面與電場線垂直，題圖中的圓不是等勢面。 (2)沿電場線方向，等勢面的電勢逐漸降低。 【解析】選A、D。由點電荷電場分布特點可知，以點電荷為圓心的圓上各點的電勢和場強(qiáng)大小均相等，沿題圖所示的電場方向，等勢面的電勢越來越低，電場線越來越密，故Ea>Ec，A正確；φb=φd，B錯誤；Uad<0，正電荷由a點移到d點時，Wad=Uadq<0，C錯誤；又Ube>0，負(fù)電荷由b點移到e點時，Wbe=Ube(-q)<0，即電場力做負(fù)功，電勢能增大，D正確。 6.【解析】選C。物塊在運(yùn)動過程中有電場力做功和克服摩擦力做功，故機(jī)械能不守恒，所以A、B均錯誤。由于電場力對物塊均做正功，所以兩物塊的電勢能均減小，故C正確。開始運(yùn)動時，庫侖力大于摩擦力，隨著兩物塊距離的增大，庫侖力減小，之后摩擦力大于庫侖力，物塊靜止時庫侖力等于摩擦力，故D錯誤。 7.【解題指南】本題需從正、負(fù)電荷在電場中受力及電場力做功與電勢能之間的關(guān)系中尋找解題依據(jù)。 【解析】選B、D。由圖可知勻強(qiáng)電場的方向水平向左，故帶正電的礦粉受水平向左的電場力作用而落在左側(cè)，A錯。在帶正電的礦粉下落的過程中，由于受到向左的電場力作用而向左運(yùn)動，故電場力對帶正電的礦粉做正功，該種礦粉的電勢能減小,D正確。對于帶負(fù)電的礦粉而言，由于受到水平向右的電場力作用而向右運(yùn)動，在運(yùn)動過程中電場力對其做正功，電勢能減小，C錯,B正確。故B、D選項正確。 8.【解析】選B、C。對于等量異種點電荷所形成的電場中每一個位置處的電場強(qiáng)度都是兩個電荷形成的電場相疊加的結(jié)果，在MN直線上在兩電荷中點處的場強(qiáng)最大，在兩點電荷連線上，中點場強(qiáng)最小(在電場線分布稠密的地方電場較強(qiáng))。可以判斷B正確，A錯誤。電勢差是電勢的差值，由題意可知MN是兩個電荷連線的中垂線，故C正確。把正電荷從a點移到c點，電場力做正功，電荷的電勢能減小，D錯誤。 9.【解析】選A。根據(jù)等量異號點電荷電場中等勢面的形狀以及特點可知，由于A、C兩點是兩點電荷連線中垂線上的兩點，即它們在同一等勢面上，故φA=φC，A對；B、D兩點的電勢關(guān)系為φB＞φD，B錯；根據(jù)等量異號點電荷電場中電場線的形狀及特點可知，A、O點的場強(qiáng)方向相同、大小關(guān)系為EO＞EA，C錯；B、D兩點場強(qiáng)方向不同，大小相同，D錯。 10.【解析】選A、D。由題圖乙可知，沿x軸正方向電勢越來越高，故電場線方向沿x軸負(fù)方向，電子受到的電場力沿x軸正方向，故電子將沿Ox方向運(yùn)動，電子的電勢能將減小，A正確,B錯誤；因電勢φ隨x的增大，其變化率先減小后增大，故沿x軸正方向，電場強(qiáng)度先減小后增大，電子運(yùn)動的加速度先減小后增大，D正確，C錯誤。 【總結(jié)提升】由φ -x圖像分析場強(qiáng)、電勢的大小關(guān)系 (1)在φ -x圖像中可以直接判斷各點電勢的大小，并可根據(jù)電勢大小關(guān)系確定電場強(qiáng)度的方向。 (2)電場強(qiáng)度的大小等于φ -x圖線的斜率大小，電場強(qiáng)度為零處，φ -x圖線存在極值，其切線的斜率為零。 (3)在φ -x圖像中分析移動電荷時電勢能的變化，可用WAB=qUAB，分析WAB的正負(fù)，然后作出判斷。 11.【解析】(1)帶電小球在A點時： mgsin30-。 (3分) 帶電小球在B點時： (3分) 且 可解得： (1分) (2)由A點到B點應(yīng)用動能定理得： mgsin30-UBAq=0。 (3分) 由mgsin30-k=maA=m可得： (3分) 可求得： (2分) 答案：(1) (2) 12.【解析】(1)B球水平方向合力為零，則有 (2分) 所以 (2分) (2)兩球及細(xì)線最后位置如圖所示， QB的拉力FT=2mg=20.1210 N=2.4 N (2分) A球受力平衡，則有qE=mgtanθ, (2分) 所以，即θ=37 (2分) (3)A球克服電場力做功， W=-qEL(1-sinθ)=-310-631050.3(1-0.6) J=-0.108 J (3分) 所以A球的電勢能增加了ΔEp=0.108 J (2分) 答案：(1)3105 N/C (2)2.4 N 37 (3)增加0.108 J