中考數(shù)學(xué)二輪復(fù)習(xí) 專題二 解答重難點(diǎn)題型突破 題型五 幾何圖形探究題試題.doc
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題型五 幾何圖形探究題 類型一 幾何圖形靜態(tài)探究 1.(xx成都)問(wèn)題背景:如圖①,等腰△ABC中,AB=AC,∠BAC=120,作AD⊥BC于點(diǎn)D,則D為BC的中點(diǎn),∠BAD=∠BAC=60,于是==; 遷移應(yīng)用:如圖②,△ABC和△ADE都是等腰三角形,∠BAC=∠DAE=120,D,E,C三點(diǎn)在同一條直線上,連接BD. ①求證:△ADB≌△AEC; ②請(qǐng)直接寫(xiě)出線段AD,BD,CD之間的等量關(guān)系式; 拓展延伸:如圖③,在菱形ABCD中,∠ABC=120,在∠ABC內(nèi)作射線BM,作點(diǎn)C關(guān)于BM的對(duì)稱點(diǎn)E,連接AE并延長(zhǎng)交BM于點(diǎn)F,連接CE,CF. ①證明△CEF是等邊三角形; ②若AE=5,CE=2,求BF的長(zhǎng). 2.(xx許昌模擬)在正方形ABCD中,對(duì)角線AC、BD交于點(diǎn)O,動(dòng)點(diǎn)P在線段BC上(不含點(diǎn)B),∠BPE=∠ACB,PE交BO于點(diǎn)E,過(guò)點(diǎn)B作BF⊥PE,垂足為F,交AC于點(diǎn)G. (1)當(dāng)點(diǎn)P與點(diǎn)C重合時(shí)(如圖①),求證:△BOG≌△POE; (2)通過(guò)觀察、測(cè)量、猜想:=__________,并結(jié)合圖②證明你的猜想; (3)把正方形ABCD改為菱形,其他條件不變(如圖③),若∠ACB=α,求的值.(用含α的式子表示) 3.(xx河南)(1)問(wèn)題發(fā)現(xiàn) 如圖①,△ACB和△DCE均為等邊三角形,點(diǎn)A,D,E在同一直線上,連接BE. 填空: ①∠AEB的度數(shù)為_(kāi)_________; ②線段AD,BE之間的數(shù)量關(guān)系為_(kāi)_________. (2) 拓展探究 如圖②,△ACB和△DCE均為等腰直角三角形,∠ACB=∠DCE=90,點(diǎn)A,D,E在同一直線上,CM為△DCE中DE邊上的高,連接BE,請(qǐng)判斷∠AEB的度數(shù)及線段CM,AE,BE之間的數(shù)量關(guān)系,并說(shuō)明理由. (3)解決問(wèn)題 如圖③,在正方形ABCD中,CD=,若點(diǎn)P滿足PD=1,且∠BPD=90,請(qǐng)直接寫(xiě)出點(diǎn)A到BP的距離. 4.(xx長(zhǎng)春改編)【再現(xiàn)】如圖①,在△ABC中,點(diǎn)D,E分別是AB,AC的中點(diǎn),可以得到:DE∥BC,且DE=BC.(不需要證明) 【探究】如圖②,在四邊形ABCD中,點(diǎn)E,F(xiàn),G,H分別是AB,BC,CD,DA的中點(diǎn),判斷四邊形EFGH的形狀,并加以證明; 【應(yīng)用】(1)在【探究】的條件下,四邊形ABCD中,滿足什么條件時(shí),四邊形EFGH是菱形?你添加的條件是:__________.(只添加一個(gè)條件) (2)如圖③,在四邊形ABCD中,點(diǎn)E,F(xiàn),G,H分別是AB,BC,CD,DA的中點(diǎn),對(duì)角線AC,BD相交于點(diǎn)O.若AO=OC,四邊形ABCD面積為5,求陰影部分圖形的面積. 5.(xx新鄉(xiāng)模擬)問(wèn)題背景:已知在△ABC中,AB邊上的動(dòng)點(diǎn)D由A向B運(yùn)動(dòng)(與A,B不重合),同時(shí),點(diǎn)E由點(diǎn)C沿BC的延長(zhǎng)線方向運(yùn)動(dòng)(E不與C重合),連接DE交AC于點(diǎn)F,點(diǎn)H是線段AF上一點(diǎn),求的值. (1)初步嘗試 如圖①,若△ABC是等邊三角形,DH⊥AC,且D,E的運(yùn)動(dòng)速度相等,小王同學(xué)發(fā)現(xiàn)可以過(guò)點(diǎn)D做DG∥BC,交AC于點(diǎn)G,先證GH=AH.再證GF=CF,從而求得的值為_(kāi)_________; (2)類比探究 如圖②,若在△ABC中,∠ABC=90,∠ADH=∠BAC=30,且點(diǎn)D,E的運(yùn)動(dòng)速度之比是∶1,求的值; (3)延伸拓展 如圖③,若在△ABC中,AB=AC,∠ADH=∠BAC=36,記=m,且點(diǎn)D,E的運(yùn)動(dòng)速度相等,試用含m的代數(shù)式表示的值(直接寫(xiě)出結(jié)果,不必寫(xiě)解答過(guò)程) . 類型二 幾何圖形動(dòng)態(tài)探究 1.(xx河南)如圖①,在Rt△ABC中,∠B=90,BC=2AB=8,點(diǎn)D、E分別是邊BC、AC的中點(diǎn),連接DE,將△EDC繞點(diǎn)C按順時(shí)針?lè)较蛐D(zhuǎn),記旋轉(zhuǎn)角為α. (1)問(wèn)題發(fā)現(xiàn) ①當(dāng)α=0時(shí),=__________;②當(dāng)α=180時(shí),=__________; (2)拓展探究 試判斷:當(dāng)0≤α<360時(shí),的大小有無(wú)變化?請(qǐng)僅就圖②的情形給出證明. (3)問(wèn)題解決 當(dāng)△EDC旋轉(zhuǎn)至A,D,E三點(diǎn)共線時(shí),直接寫(xiě)出線段BD的長(zhǎng). 2.已知,點(diǎn)O是等邊△ABC內(nèi)的任一點(diǎn),連接OA,OB,OC. (1)如圖①,已知∠AOB=150,∠BOC=120,將△BOC繞點(diǎn)C按順時(shí)針?lè)较蛐D(zhuǎn)60得△ADC. ①∠DAO的度數(shù)是__________; ②用等式表示線段OA,OB,OC之間的數(shù)量關(guān)系,并證明; (2)設(shè)∠AOB=α,∠BOC=β. ①當(dāng)α,β滿足什么關(guān)系時(shí),OA+OB+OC有最小值?請(qǐng)?jiān)趫D②中畫(huà)出符合條件的圖形,并說(shuō)明理由; ②若等邊△ABC的邊長(zhǎng)為1,直接寫(xiě)出OA+OB+OC的最小值. 3.(xx 河南)如圖①,將兩個(gè)完全相同的三角形紙片和重合放置,其中∠C=90,∠B=∠E=30. (1)操作發(fā)現(xiàn) 如圖②,固定△ABC,使△DCE繞點(diǎn)C旋轉(zhuǎn).當(dāng)點(diǎn)D恰好落在AB邊上時(shí),填空: ①線段DE與AC的位置關(guān)系是__________; ②設(shè)△BDC的面積為S1,△AEC的面積為S2,則S1與S2的數(shù)量關(guān)系是__________; (2) 猜想論證 當(dāng)△DEC繞點(diǎn)C旋轉(zhuǎn)到圖③所示的位置時(shí),小明猜想(1)中S1與S2的數(shù)量關(guān)系仍然成立,并嘗試分別作出了△BDC和△AEC中BC、CE邊上的高,請(qǐng)你證明小明的猜想; (3) 拓展探究 已知∠ABC=60,點(diǎn)D是其角平分線上一點(diǎn),BD=CD=4,DE∥AB交BC于點(diǎn)E(如圖④),若在射線BA上存在點(diǎn)F,使S△DCF=S△BDC,請(qǐng)直接寫(xiě)出相應(yīng)的BF的長(zhǎng). 4.(xx鄭州模擬)【問(wèn)題情境】 數(shù)學(xué)課上,李老師提出了如下問(wèn)題:在△ABC中,∠ABC=∠ACB=α,點(diǎn)D是AB邊上任意一點(diǎn),將射線DC繞點(diǎn)D逆時(shí)針旋轉(zhuǎn)α與過(guò)點(diǎn)A且平行于BC邊的直線交于點(diǎn)E.請(qǐng)判斷線段BD與AE之間的數(shù)量關(guān)系. 小穎在小組合作交流中,發(fā)表自己的意見(jiàn):“我們不妨從特殊情況下獲得解決問(wèn)題的思路,然后類比到一般情況.”小穎的想法獲得了其他成員一致的贊成. 【問(wèn)題解決】 (1)如圖①,當(dāng)α=60時(shí),判斷BD與AE之間的數(shù)量關(guān)系; 解法如下:過(guò)D點(diǎn)作AC的平行線交BC于F,構(gòu)造全等三角形,通過(guò)推理使問(wèn)題得到解決,請(qǐng)你直接寫(xiě)出線段BD與AE之間的數(shù)量關(guān)系:__________. 【類比探究】 (2)如圖②,當(dāng)α=45時(shí),請(qǐng)判斷線段BD與AE之間的數(shù)量關(guān)系,并進(jìn)行證明; (3)如圖③,當(dāng)α為任意銳角時(shí),請(qǐng)直接寫(xiě)出線段BD與AE之間的數(shù)量關(guān)系:__________.(用含α的式子表示,其中0<α<90) 5.(xx煙臺(tái))【操作發(fā)現(xiàn)】 (1)如圖①,△ABC為等邊三角形,現(xiàn)將三角板中的60角與∠ACB重合,再將三角板繞點(diǎn)C按順時(shí)針?lè)较蛐D(zhuǎn)(旋轉(zhuǎn)角大于0且小于30),旋轉(zhuǎn)后三角板的一直角邊與AB交于點(diǎn)D,在三角板斜邊上取一點(diǎn)F,使CF=CD,線段AB上取點(diǎn)E,使∠DCE=30,連接AF,EF. ①求∠EAF的度數(shù); ②DE與EF相等嗎?請(qǐng)說(shuō)明理由; 【類比探究】 (2)如圖②,△ABC為等腰直角三角形,∠ACB=90,先將三角板的90角與∠ACB重合,再將三角板繞點(diǎn)C按順時(shí)針?lè)较蛐D(zhuǎn)(旋轉(zhuǎn)角大于0且小于45),旋轉(zhuǎn)后三角板的一直角邊與AB交于點(diǎn)D,在三角板另一直角邊上取一點(diǎn)F,使CF=CD,線段AB上取點(diǎn)E,使∠DCE=45,連接AF,EF,請(qǐng)直接寫(xiě)出探究結(jié)果: ①求∠EAF的度數(shù); ②線段AE,ED,DB之間的數(shù)量關(guān)系. 題型五 第22題幾何圖形探究題 類型一 幾何圖形靜態(tài)探究 1.遷移應(yīng)用:①證明:∵∠BAC=∠DAE=120, ∴∠DAB=∠CAE, 在△DAB和△EAC中,,∴△DAB≌△EAC; ,圖②) ②解:結(jié)論:CD=AD+BD. 理由:如解圖①,作AH⊥CD于H. ∵△DAB≌△EAC,∴BD=CE, 在Rt△ADH中,DH=ADcos30=AD, ∵AD=AE,AH⊥DE,∴DH=HE, ∵CD=DE+EC=2DH+BD=AD+BD; 拓展延伸:①證明:如解圖②,作BH⊥AE于H,連接BE. ∵四邊形ABCD是菱形,∠ABC=120,∴△ABD,△BDC是等邊三角形,∴BA=BD=BC, ∵E、C關(guān)于BM對(duì)稱, ∴BC=BE=BD=BA,F(xiàn)E=FC,∴A、D、E、C四點(diǎn)共圓, ∴∠ADC=∠AEC=120,∴∠FEC=60, ∴△EFC是等邊三角形, ②解:∵AE=5,EC=EF=2, ∴AH=HE=2.5,F(xiàn)H=4.5, 在Rt△BHF中,∵∠BFH=30, ∴=cos30,∴BF==3. 2.(1)證明:∵四邊形ABCD是正方形,P與C重合,∴OB=OP,∠BOC=∠BOG=90, ∵PF⊥BG,∠PFB=90, ∴∠GBO=90-∠BGO,∠EPO=90-∠BGO,∴∠GBO=∠EPO, 在△BOG和△POE中,,∴△BOG≌△POE(ASA); (2)解:猜想=. 證明:如解圖①,過(guò)P作PM∥AC交BG于M,交BO于N, ∴∠PNE=∠BOC=90,∠BPN=∠OCB. ∵∠OBC=∠OCB=45,∴∠NBP=∠NPB,∴NB=NP. ∵∠MBN=90-∠BMN,∠NPE=90-∠BMN,∴∠MBN=∠NPE, 在△BMN和△PEN中,, ∴△BMN≌△PEN(ASA),∴BM=PE. ∵∠BPE=∠ACB,∠BPN=∠ACB,∴∠BPF=∠MPF. ∵PF⊥BM,∴∠BFP=∠MFP=90. 在△BPF和△MPF中, ,∴△BPF≌△MPF(ASA). ∴BF=MF. 即BF=BM.∴BF=PE.即=; (3)解:如解圖②,過(guò)P作PM∥AC交BG于點(diǎn)M,交BO于點(diǎn)N, ∴∠BPN=∠ACB=α,∠PNE=∠BOC=90. 由(2)同理可得BF=BM,∠MBN=∠EPN, ∴△BMN∽△PEN,∴=. 在Rt△BNP中,tanα=, ∴=tanα,即=tanα,∴=. 3.解:(1)∵△ACB和△DCE均為等邊三角形, ∴CA=CB,CD=CE,∠ACB=∠DCE=60,∴∠ACD=∠BCE. 在△ACD和△BCE中, , ∴△ACD≌△BCE(SAS).∴∠ADC=∠BEC. ∵△DCE為等邊三角形,∴∠CDE=∠CED=60. ∵點(diǎn)A,D,E在同一直線上,∴∠ADC=120,∴∠BEC=120,∴∠AEB=∠BEC-∠CED=60; ②∴AD=BE; (2)∠AEB=90,AE=BE+2CM. 理由:∵△ACB和△DCE均為等腰直角三角形, ∴CA=CB,CD=CE,∠ACB=∠DCE=90.∴∠ACD=∠BCE. 在△ACD和△BCE中, , ∴△ACD≌△BCE(SAS).∴AD=BE,∠ADC=∠BEC. ∵△DCE為等腰直角三角形,∴∠CDE=∠CED=45. ∵點(diǎn)A,D,E在同一直線上, ∴∠ADC=135,∴∠BEC=135,∴∠AEB=∠BEC-∠CED=90. ∵CD=CE,CM⊥DE,∴DM=ME. ∵∠DCE=90,∴DM=ME=CM, ∴AE=AD+DE=BE+2CM; (3)點(diǎn)A到BP的距離為或. 理由如下:∵PD=1,∴點(diǎn)P在以點(diǎn)D為圓心,1為半徑的圓上. ∵∠BPD=90,∴點(diǎn)P在以BD為直徑的圓上.∴點(diǎn)P是這兩圓的交點(diǎn). ①當(dāng)點(diǎn)P在如解圖①所示位置時(shí), 連接PD、PB、PA,作AH⊥BP,垂足為H, 過(guò)點(diǎn)A作AE⊥AP,交BP于點(diǎn)E, ∵四邊形ABCD是正方形, ∴∠ADB=45.AB=AD=DC=BC=,∠BAD=90.∴BD=2. ∵DP=1,∴BP=. ∵∠BPD=∠BAD=90,∴A、P、D、B在以BD為直徑的圓上, ∴∠APB=∠ADB=45.∴△PAE是等腰直角三角形. 又∵△BAD是等腰直角三角形,點(diǎn)B、E、P共線,AH⊥BP, ∴由(2)中的結(jié)論可得:BP=2AH+PD. ∴=2AH+1.∴AH=; ②當(dāng)點(diǎn)P在如解圖②所示位置時(shí), 連接PD、PB、PA,作AH⊥BP,垂足為H, 過(guò)點(diǎn)A作AE⊥AP,交PB的延長(zhǎng)線于點(diǎn)E, 同理可得:BP=2AH-PD.∴=2AH-1.∴AH=. 綜上所述:點(diǎn)A到BP的距離為或. 4.解:【探究】平行四邊形. 理由:如解圖①,連接AC, ∵E是AB的中點(diǎn),F(xiàn)是BC的中點(diǎn),∴EF∥AC,EF=AC, 同理HG∥AC,HG=AC, 綜上可得:EF∥HG,EF=HG, 故四邊形EFGH是平行四邊形. 【應(yīng)用】(1)添加AC=BD, 理由:連接AC,BD,同(1)知,EF=AC, 同【探究】的方法得,F(xiàn)G=BD, ∵AC=BD,∴EF=FG, ∵四邊形EFGH是平行四邊形,∴?EFGH是菱形; (2)如解圖②,由【探究】得,四邊形EFGH是平行四邊形, ∵F,G是BC,CD的中點(diǎn), ∴FG∥BD,F(xiàn)G=BD,∴△CFG∽△CBD,∴=,∴S△BCD=4S△CFG, 同理:S△ABD=4S△AEH, ∵四邊形ABCD面積為5,∴S△BCD+S△ABD=5,∴S△CFG+S△AEH=,同理:S△DHG+S△BEF=, ∴S四邊形EFGH=S四邊形ABCD-(S△CFG+S△AEH+S△DHG+S△BEF)=5-=, 設(shè)AC與FG,EH相交于M,N,EF與BD相交于P, ∵FG∥BD,F(xiàn)G=BD,∴CM=OM=OC,同理:AN=ON=OA, ∵OA=OC,∴OM=ON, 易知,四邊形ENOP,F(xiàn)MOP是平行四邊形,S?EPON=S?FMOP, ∴S陰影=S四邊形EFGH=. 5.解:(1)∵△ABC是等邊三角形,∴△AGD是等邊三角形,∴AD=GD, 由題意知:CE=AD,∴CE=GD, ∵DG∥BC,∴∠GDF=∠CEF, 在△GDF與△CEF中, ∴△GDF≌△CEF(AAS),∴CF=GF, ∵DH⊥AG,∴AH=GH, ∴AC=AG+CG=2GH+2GF=2(GH+GF)=2HF, ∴=2; (2)如解圖①,過(guò)點(diǎn)D作DG∥BC交AC于點(diǎn)G, 則∠ADG=∠ABC=90. ∵∠BAC=∠ADH=30,∴AH=DH,∠GHD=∠BAC+∠ADH=60, ∠HDG=∠ADG-∠ADH=60,∴△DGH為等邊三角形. ∴GD=GH=DH=AH,AD=GDtan60=GD. 由題意可知,AD=CE.∴GD=CE. ∵DG∥BC,∴∠GDF=∠CEF. 在△GDF與△CEF中,, ∴△GDF≌△CEF(AAS),∴GF=CF. GH+GF=AH+CF,即HF=AH+CF,∴HF=AC,即=2; (3)=.理由如下: 如解圖②,過(guò)點(diǎn)D作DG∥BC交AC于點(diǎn)G, 易得AD=AG,AD=EC,∠AGD=∠ACB. 在△ABC中,∵∠BAC=∠ADH=36,AB=AC, ∴AH=DH,∠ACB=∠B=72,∠GHD=∠HAD+∠ADH=72. ∴∠AGD=∠GHD=72, ∵∠GHD=∠B=∠HGD=∠ACB,∴△ABC∽△DGH.∴==m,∴GH=mDH=mAH. 由△ADG∽△ABC可得===m. ∵DG∥BC,∴==m.∴FG=mFC. ∴GH+FG=m(AH+FC)=m(AC-HF),即HF=m(AC-HF).∴=. 類型二 幾何圖形動(dòng)態(tài)探究 1.解:(1)①當(dāng)α=0時(shí), ∵Rt△ABC中,∠B=90, ∴AC===4, ∵點(diǎn)D、E分別是邊BC、AC的中點(diǎn), ∴AE=42=2,BD=82=4,∴==. ②如解圖①,當(dāng)α=180時(shí),可得AB∥DE, ∵=,∴===; (2)當(dāng)0≤α<360時(shí),的大小沒(méi)有變化, ∵∠ECD=∠ACB,∴∠ECA=∠DCB, 又∵==, ∴△ECA∽△DCB,∴==; (3)①當(dāng)D在AE上時(shí),如解圖②,∵AC=4,CD=4,CD⊥AD, ∴AD====8, ∵AD=BC,AB=DC,∠B=90, ∴四邊形ABCD是矩形,∴BD=AC=4; ②當(dāng)D在AE延長(zhǎng)線上時(shí),如解圖③,連接BD,過(guò)點(diǎn)D作AC的垂線交AC于點(diǎn)Q,過(guò)點(diǎn)B作AC的垂線交AC于點(diǎn)P, ∵AC=4,CD=4,CD⊥AD, ∴AD====8, ∵原圖中點(diǎn)D、E分別是邊BC、AC的中點(diǎn), ∴DE=AB=(82)=4=2,∴AE=AD-DE=8-2=6,由(2)可得=,∴BD==. 綜上所述,BD的長(zhǎng)為4或. 2.解:(1)①∵∠AOB=150,∠BOC=120,∴∠AOC=90, 由旋轉(zhuǎn)的性質(zhì)可知,∠OCD=60,∠ADC=∠BOC=120, ∴∠DAO=360-60-90-120=90; ②線段OA,OB,OC之間的數(shù)量關(guān)系是OA2+OB2=OC2. 如解圖①,連接OD.∵△BOC繞點(diǎn)C按順時(shí)針?lè)较蛐D(zhuǎn)60得△ADC, ∴△ADC≌△BOC,∠OCD=60. ∴CD=OC, ∴△OCD是等邊三角形, ∴OC=OD=CD,∠COD=∠CDO=60, ∵∠AOB=150,∠BOC=120,∴∠AOC=90, ∴∠AOD=30,∠ADO=60.∴∠DAO=90. 在Rt△ADO中,∠DAO=90,∴OA2+AD2=OD2, ∴OA2+OB2=OC2; (2)①當(dāng)α=β=120時(shí),OA+OB+OC有最小值.作圖如解圖②, 將△AOC繞點(diǎn)C按順時(shí)針?lè)较蛐D(zhuǎn)60得△A′O′C,連接OO′. ∴△A′O′C≌△AOC,∠OCO′=∠ACA′=60. ∴O′C=OC,O′A′=OA,A′C=AC,∠A′O′C=∠AOC.∴△OCO′是等邊三角形. ∴OC=O′C=OO′,∠COO′=∠CO′O=60. ∵∠AOB=∠BOC=120,∴∠AOC=∠A′O′C=120. ∴∠BOO′=∠OO′A′=180.∴B,O,O′,A′四點(diǎn)共線. ∴OA+OB+OC=O′A′+OB+OO′=BA′時(shí)值最?。? ②當(dāng)?shù)冗叀鰽BC的邊長(zhǎng)為1時(shí),OA+OB+OC的最小值為A′B=. 3.解:(1)①∵△DEC繞點(diǎn)C旋轉(zhuǎn)使點(diǎn)D恰好落在AB邊上,∴AC=CD, ∵∠BAC=90-∠B=90-30=60, ∴△ACD是等邊三角形,∴∠ACD=60, 又∵∠CDE=∠BAC=60,∴∠ACD=∠CDE, ∴DE∥AC; ②∵∠B=30,∠C=90,∴CD=AC=AB, ∴BD=AD=AC, 根據(jù)等邊三角形的性質(zhì),△ACD的邊AC、AD上的高相等, ∴△BDC的面積和△AEC的面積相等(等底等高的三角形的面積相等), 即S1=S2; (2)∵△DEC是由△ABC繞點(diǎn)C旋轉(zhuǎn)得到,∴BC=CE,AC=CD, ∵∠ACN+∠BCN=90,∠DCM+∠BCN=180-90=90, ∴∠ACN=∠DCM, ∵在△ACN和△DCM中,, ∴△ACN≌△DCM(AAS),∴AN=DM, ∴△BDC的面積和△AEC的面積相等(等底等高的三角形的面積相等), 即S1=S2; (3)如解圖,過(guò)點(diǎn)D作DF1∥BE,易求四邊形BEDF1是菱形, ∴BE=DF1,且BE、DF1上的高相等,此時(shí)S△DCF1=S△BDE; 過(guò)點(diǎn)D作DF2⊥BD, ∵∠ABC=60,F(xiàn)1D∥BE,∴∠F2F1D=∠ABC=60, ∵BF1=DF1,∠F1BD=∠ABC=30,∠F2DB=90,∴∠F1DF2=∠ABC=60, ∴△DF1F2是等邊三角形,∴DF1=DF2, ∵BD=CD,∠ABC=60,點(diǎn)D是角平分線上一點(diǎn), ∴∠DBC=∠DCB=60=30, ∴∠CDF1=180-∠BCD=180-30=150, ∠CDF2=360-150-60=150,∴∠CDF1=∠CDF2, ∵在△CDF1和△CDF2中,, ∴△CDF1≌△CDF2(SAS),∴點(diǎn)F2也是所求的點(diǎn), ∵∠ABC=60,點(diǎn)D是角平分線上一點(diǎn),DE∥AB, ∴∠DBC=∠BDE=∠ABD=60=30, 又∵BD=4, ∴BE=ED=4cos30=2=, ∴BF1=,BF2=BF1+F1F2=+=, 故BF的長(zhǎng)為或. 4.解:(1)當(dāng)α=60時(shí),△ABC、△DCE是等邊三角形, ∴EC=DC,AC=BC,∠ACB=∠DCE=60,∴∠ACB-∠ACD=∠DCE-∠ACD, 即∠BCD=∠ACE, 在△BDC和△AEC中,, ∴△BDC≌△AEC(SAS),∴BD=AE; (2)BD=AE; 理由如下:如解圖①,過(guò)點(diǎn)D作DF∥AC,交BC于F. ∵DF∥AC,∴∠ACB=∠DFB. ∵∠ABC=∠ACB=α,α=45,∴∠ABC=∠ACB=∠DFB=45. ∴△DFB是等腰直角三角形∴BD=DF=BF. ∵AE∥BC,∴∠ABC+∠BAE=180. ∵∠DFB+∠DFC=180,∴∠BAE=∠DFC. ∵∠ABC+∠BCD=∠ADC,∠ABC=∠CDE=α,∴∠ADE=∠BCD. ∴△ADE∽△FCD.∴=. ∵DF∥AC,∴=.∴==.∴BD=AE. (3)補(bǔ)全圖形如解圖②,∵AE∥BC,∠EAC=∠ACB=α,∴∠EAC=∠EDC=α, ∴A、D、C、E四點(diǎn)共圓,∴∠ADE=∠ACE, ∵∠ADE+∠EDC=∠ADC=∠ABC+∠BCD,∠ABC=∠EDC=α, ∴∠ADE=∠BCD,∴∠ACE=∠BCD, ∵∠ABC=∠EAC=α,∴△BDC∽△AEC,∴=, 又∵=2cosα,∴BD=2cosαAE. 5.解:(1)①∵△ABC是等邊三角形,∴AC=BC,∠BAC=∠B=60, ∵∠DCF=60,∴∠ACF=∠BCD, 在△ACF和△BCD中,,∴△ACF≌△BCD(SAS), ∴∠CAF=∠B=60,∴∠EAF=∠BAC+∠CAF=120; ②相等;理由如下: ∵∠DCF=60,∠DCE=30, ∴∠FCE=60-30=30,∴∠DCE=∠FCE, 在△DCE和△FCE中,, ∴△DCE≌△FCE(SAS),∴DE=EF; (2)①∵△ABC是等腰直角三角形,∠ACB=90, ∴AC=BC,∠BAC=∠B=45, ∵∠DCF=90,∴∠ACF=∠BCD, 在△ACF和△BCD中,, ∴△ACF≌△BCD(SAS),∴∠CAF=∠B=45,AF=BD, ∴∠EAF=∠BAC+∠CAF=90; ②AE2+DB2=DE2;理由如下: ∵∠DCF=90,∠DCE=45,∴∠FCE=90-45=45,∴∠DCE=∠FCE, 在△DCE和△FCE中,, ∴△DCE≌△FCE(SAS),∴DE=EF, 在Rt△AEF中,AE2+AF2=EF2, 又∵AF=DB,∴AE2+DB2=DE2.- 1.請(qǐng)仔細(xì)閱讀文檔,確保文檔完整性,對(duì)于不預(yù)覽、不比對(duì)內(nèi)容而直接下載帶來(lái)的問(wèn)題本站不予受理。
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