2019高考物理二輪復(fù)習(xí)小題狂做專練（打包31套）.zip

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A．FN=mgcosα B．滑塊下滑過程中支持力對B的沖量大小為FNtcosα C．滑塊B下滑過程中A、B組成的系統(tǒng)動量守恒 D．此過程中斜面向左滑動的距離為mM+mL 5．【山西省陽高縣第一中學(xué)2018學(xué)年高考模擬】如圖所示，在光滑的水平面上固定著兩輕質(zhì)彈簧，一彈性小球在兩彈簧間往復(fù)運(yùn)動，把小球和彈簧視為一個系統(tǒng)，則小球在運(yùn)動過程中(　　) A．系統(tǒng)的動量守恒，動能守恒 B．系統(tǒng)的動量守恒，機(jī)械能守恒 C．系統(tǒng)的動量不守恒，機(jī)械能守恒 D．系統(tǒng)的動量不守恒，動能守恒 二、多選題 6．【全國百強(qiáng)校學(xué)2019屆高三第二次調(diào)研考試】從水平地面上方同一高度處，使A球斜上拋，使B球平拋，且兩球質(zhì)量相等，初速度大小相同，最后落于同一水平地面上，空氣阻力不計，在此過程中，下列說法正確的是(　　) A．重力對兩球做功相同 B．重力對兩球沖量不同 C．兩球運(yùn)動過程中動量的變化量相同 D．兩球著地時的動量相同 7．【黑龍江省哈爾濱師范大學(xué)青岡實驗中學(xué)校2018學(xué)年高考模擬】水平推力F1和F2分別作用于置于水平面上的等質(zhì)量的a.b兩物塊上，作用一段時間后撤去推力，兩物塊在水平面上繼續(xù)運(yùn)動一段時間停下來。兩物塊運(yùn)動的υ—t圖象如圖所示，圖中AB∥CD，則下列說法正確的是(　　) A．兩物塊所受摩擦力大小相等 B．兩物塊所受摩擦力沖量大小相等 C．F1的沖量大于F2的沖量 D．F1的沖量小于F2的沖量 8．【全國百強(qiáng)校2018-2019學(xué)年高考模擬】一顆子彈水平射入置于光滑水平面上的木塊A并立即留在其中，A、B用一根彈性良好的輕質(zhì)彈簧連在一起，如圖所示。則在子彈打擊木塊A至彈簧第一次被壓縮最短的過程中，對子彈、兩木塊和彈簧組成的系統(tǒng)下列說法正確的是(　　) A．系統(tǒng)動量不守恒，機(jī)械能守恒 B．系統(tǒng)動量守恒，機(jī)械能不守恒 C．當(dāng)彈簧被壓縮最短時，系統(tǒng)具有共同的速度 D．當(dāng)彈簧被壓縮最短時，系統(tǒng)減少的動能全部轉(zhuǎn)化為彈簧的彈性勢能 三、解答題 9．【福建省莆田市第一中學(xué)2019屆高考模擬】質(zhì)量為mB=2 kg的木板B靜止于光滑水平面上，質(zhì)量為mA=6 kg的物塊A停在B的左端，質(zhì)量為mC=2 kg的小球C用長為L=0.8 m的輕繩懸掛在固定點(diǎn)O。現(xiàn)將小球C及輕繩拉直至水平位置后由靜止釋放，小球C在最低點(diǎn)與A發(fā)生正碰，碰撞作用時間很短為Δt=10-2s，之后小球C反彈所能上升的最大高度h=0.2 m。已知A、B間的動摩擦因數(shù)μ=0.1，物塊與小球均可視為質(zhì)點(diǎn)，不計空氣阻力，取g=10 m/s2。求： （1）小球C與物塊A碰撞過程中所受的撞擊力大?。? （2）為使物塊A不滑離木板B，木板B至少多長？ 10．【山西省榆社中學(xué)2019屆高三上學(xué)期第一次聯(lián)考】一平板車（上表面水平）固定在水平地面上，其右端恰好與豎直平面內(nèi)的光滑半圓弧軌道的底端平滑連接，同時右端放置兩個質(zhì)量均為m、可視為質(zhì)點(diǎn)的緊挨著的物體A、B，現(xiàn)在在它們之間放少量炸藥。開始時A、B兩物體靜止，點(diǎn)燃炸藥讓其爆炸，物體B向右運(yùn)動，恰能到達(dá)半圓弧的最高點(diǎn)；物體A沿平板車表面向左做直線運(yùn)動，最后從車上掉下，落地點(diǎn)到平板車左端的水平距離為s。已知平板車上表面離地面的高度為h，開始時A到平板車左端的距離為l，物體A與平板車之間的動摩擦因數(shù)為μ，重力加速度為g。求： （1）物體A離開平板車時的速度大小 （2）圓弧的半徑 答案與解析 一、單選題 1．【解析】子彈射入木塊過程，由于時間極短，子彈與木塊間的內(nèi)力遠(yuǎn)大于系統(tǒng)外力，由動量守恒定律得：mv0=（M+m）v，解得：v=mv0M+m 子彈和木塊系統(tǒng)在彈簧彈力的作用下先做減速運(yùn)動，后做加速運(yùn)動，回到A位置時速度大小不變，即當(dāng)木塊回到A位置時的速度大小v=mv0M+m； 子彈和木塊彈簧組成的系統(tǒng)受到的合力即可墻對彈簧的作用力，根據(jù)動量定理得： I=-（M+m）v-mv0=-2mv0 所以墻對彈簧的沖量I的大小為2mv0，故選B。 【答案】B 2．【解析】A：物塊從開始運(yùn)動到返回底端的過程中重力的沖量IG＝3mgt0，故A項錯誤。 B：上滑過程中物塊做初速度為v0的勻減速直線運(yùn)動，下滑過程中做初速度為零，末速度為v的勻加速直線運(yùn)動，上滑和下滑的位移大小相等，所以有v02t0=v2?2t0，解得v=v02，物塊從開始運(yùn)動到返回底端過程中動量的變化量為Δp＝m(－v)－mv0＝－32mv0，故B項錯誤。 C：上滑過程中有－(mgsinθ＋μmgcosθ)·t0＝0－mv0，下滑過程中有(mgsinθ－μmgcosθ)2t0=m?v02-0，解得sinθ＝5v08gt0。故C項正確。 D：3t0時間內(nèi)，物塊受力為重力、支持力、摩擦力。從底端出發(fā)又回到底端，高度不變，重力做功為零；支持力始終與速度垂直，不做功；摩擦力始終與速度反向，做負(fù)功。根據(jù)動能定理，摩擦力所做的功就等于物體動能變化量。克服摩擦力所做的功與摩擦力所做負(fù)功大小相等。所以，能求出。W=12mv02-12mv2=38mv02 ，故D項錯誤。 【答案】C 3．【解析】過程中，只有重力做功，三種情況下下降的高度相同，即重力做功相同，根據(jù)動能定理可得下滑到底端時的動能相同，故ΔE1=ΔE2=ΔE3；由機(jī)械能守恒定律可知物體下滑到底端C、D、E的速度大小v相等，動量變化量大小Δp=mv相等，即Δp1=Δp2=Δp3（注意方向不同），D正確。 【答案】D 4．【解析】A、當(dāng)滑塊B相對于斜面加速下滑時，斜面A水平向左加速運(yùn)動，所以滑塊B相對于地面的加速度方向不再沿斜面方向，即沿垂直于斜面方向的合外力不再為零，所以斜面對滑塊的支持力FN不等于mgcosα，故A錯誤； B、根據(jù)沖量定義I=Ft可知滑塊B下滑過程中支持力對B的沖量大小為I=FNt，故B錯誤； C、由于滑塊B有豎直方向的分加速度，所以系統(tǒng)豎直方向合外力不為零，系統(tǒng)的動量不守恒，故C錯誤； D、系統(tǒng)水平方向不受外力，水平方向動量守恒，設(shè)A、B兩者水平位移大小分別為x1、x2，取水平向左為正方向，由動量守恒定律得：Mx1t-mx2t=0，即有：Mx1=mx2，又x1+x2=L，解得：x1=mM+mL，故D正確；故選D。 【答案】D 5．【解析】小球和彈簧組成的系統(tǒng)受到重力和水平地面的支持力兩個外力，小球與彈簧相互作用時，彈簧會用墻壁的作用力，所受合外力不等于零，動量不守恒；在運(yùn)動過程中，小球和槽通過彈簧相互作用，但因為只有彈簧的彈力做功，動能和勢能相互轉(zhuǎn)化，而總量保持不變，機(jī)械能守恒。故C正確，A、B、D錯誤。故選C。 【答案】C 二、多選題 6．【解析】斜直上拋和平拋過程中兩球都只受重力作用，只有重力做功，兩物體初位置高度相同，故重力做功相同，A正確；由于兩球初始高度相同，a球斜上拋，b球平拋，a球開始時具有向上的分速度，所以a運(yùn)動的時間比b球運(yùn)動的時間長，故重力對a球的沖量比對b球的沖量大，B正確；根據(jù)動量定理可得重力對兩者的沖量不同，故兩球的動量變化量不同，C錯誤；由機(jī)械能守恒定律可得，小球落地時的速度大小相等，方向不同，落地時的動量大小相等，方向不同，動量不同，D錯誤。 【答案】AB 7．【解析】由圖，AB與CD平行，說明推力撤去后兩物體的加速度相同，而撤去推力后物體的合力等于摩擦力，根據(jù)牛頓第二定律可知，兩物體受到的摩擦力大小相等。故A正確；根據(jù)I=ft，由圖看出摩擦力的作用時間tOB＜tOD，可知摩擦力的沖量不等，選項B錯誤。根據(jù)動量定理，對整個過程研究得F1t1-ftOB=0，F(xiàn)2t2-ftOD=0，因tOB＜tOD，則有 F1t1＜F2t2，即F1的沖量小于F2的沖量。故C錯誤，D正確。故選AD。 【答案】AD 8．【解析】A、B項：子彈、兩木塊和彈簧組成的系統(tǒng)所受合外力為零，所以系統(tǒng)動量守恒， 由于子彈穿木塊過程中要克服摩擦力做功，有一部分機(jī)械能轉(zhuǎn)化為內(nèi)能，所以系統(tǒng)機(jī)械能不守恒，故A錯誤，B正確； C項：當(dāng)彈簧被壓縮最短時，即A和B具有相同的速度，故C正確； D項：由能量守恒可知，當(dāng)彈簧被壓縮最短時，系統(tǒng)減少的動能一部分轉(zhuǎn)化為內(nèi)能，一部分轉(zhuǎn)化為彈性勢能，故D錯誤。故應(yīng)選BC。 【答案】BC 三、解答題 9．【解析】（1）C下擺過程，根據(jù)動能定理，有mCgl=12mCVC2 所以VC=2gl=4m/s C反彈過程，根據(jù)動能定理，有-mCgh=0-12mCV'C2 V'C=2gh=2m/s. 取向右為正方向，對C根據(jù)動量定理，有-F?t=-mCVC'-mCVC 所以F=1200N，方向水平向右。 （2）C與A碰撞過程，根據(jù)動量守恒定律，有mCVC=-mCVC'+mAVA 所以VA=2m/s A恰好滑至木板B右端并與其共速時，B的長度最小 根據(jù)動量守恒定律，mAVA=mA+mBV 所以V=1.5m/s 根據(jù)能量守恒定律，μmAgx=12mAVA2-12mA+mBV2 所以x=0.5m 10．【解析】（1）設(shè)物塊A離開平板車瞬間的速度大小為vA'，離開平板車后做平拋運(yùn)動 在水平方向：x=vA't 在豎直方向：h=12gt2 解得：vA'=sg2h （2）設(shè)AB分離瞬間，它們的速度大小分別為vA和vB 則物塊A滑到左端的過程中，根據(jù)動能定理得： -μmgl=12mv'A2-12mvA2 根據(jù)動量守恒定理，在炸藥爆炸瞬間：0=-mvA+mvB 物塊B恰好通過圓弧最高點(diǎn)，則mg=mv'2Br B從圓弧軌道最低點(diǎn)到最高點(diǎn)的過程中機(jī)械能守恒：12mvB2=12mv'B2+mg?2r 聯(lián)立上述各式，得：r=2μl5+s210h 8